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安徽省太和县北城中心校2022-2022学年第一学期12月月考九年级试卷物理学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共11小题，共33.0分)1. 将欧姆定律的公式I=U/R变形得到R=U/I，关于此式的物理意义，下面说法中正确的是( )A. 导体的电阻等于导体两端的电压和通过它的电流之比 B. 导体中通过的电流越大，则电阻越小 C. 加在导体两端的电压越大，则电阻越大 D. 导体的电阻与它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比2. 在电学实验中遇到断路时，常常用伏特表来检测．某同学连接如图所示的电路，电键闭合后，电灯不亮，安培表无指示．这时用伏特表测得a、b两点间和b、c两点间的电压均为零，而a、d间和b、d间的电压均不为零，这说明( )A. 电源接线柱接触不良B. 电键的触片或接线柱接触不良C. 安培表接线柱接触不良D. 灯泡灯丝断了或灯座接触不良3. 在如图所示的电路中，L是灯泡，两只电表a、b的接法正确，则( )A. a、b都是电流表B. a表是电压表，b表是电流表C. a、b都是电压表D. a表是电流表，b表是电压表4. 小明做实验时把甲乙两只灯泡串联后通过开关接在电源上．闭合开关后，甲灯发光，乙灯不发光，乙灯不发光的原因是( )A. 它的电阻太小B. 它的电阻太大C. 流过乙灯的电流比甲灯小D. 乙灯灯丝断了5. 用久了的灯泡和新汀泡相比，由于钨的升华，灯丝变细，则灯丝的电阻将( )A. 不变B. 变小C. 变大D. 条件不足，无法确定6. 某电度表盘上标有“3000r/kWh”，单独开动某一用电器时，电度表的转盘在100秒内转5转，由此可知，该用电器的功率为( )A. 40瓦B. 60瓦C. 20瓦D. 100瓦7. 如图所示，甲灯为“6V，6W”，乙灯为“6V，4W”，用一个输出电压恒为12伏的电源对两灯供电，要使这两个灯能同时正常发光，则应选择电路( )A. B. C. D. 8. 甲乙两导体并联，通过的电流之比是2：1，甲乙两导体的电阻之比是( )12A. 2：1B. 1：1C. 1：2D. 1：39. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关后，滑动变阻器滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是( )A. 电流表示数逐渐变大 B. 电压表示数逐渐变小 C. 电灯的亮度逐渐增强 D. 电路总功率逐渐变大10. 在“探究电流与电压的关系”的实验中，分别用R．R2两个电阻进行了探究，并根据各自的实验数据绘制出如图所示的I-U关系图象，从图中可以看出R1、R2的大小关系为( )A. R1＞R2B. R1＜R2C. R1=R2D. 不能确定11. 甲、乙两电阻接在同一电源上，通过的电流分别是I甲和I乙，如果I甲＞I乙则两电阻的关系是( )A. R甲＞R乙B. R甲＜R乙C. R甲=R乙D. 不能确定二、填空题(本大题共7小题，共24.0分)12. 有些化纤布料做成的衣服穿在身上很容易脏，主要是因为化纤布料容易发生 现象而吸引细小的灰尘所造成的，该现象的本质是 的转移．13. 甲乙两只定值电阻，甲标有“10Ω1A”，乙标有“15Ω0.6A”，把它们并联起来，电路中允许通过的最大电流为 A，两端允许加上的最高电压是 V．14. 一个电烙铁接在家庭电路上(电压为220V)，通过它的电流是0.5A，其电功率是 W，正常工作10min电流所做的功是 J．15. 橡皮擦、铅笔芯、塑料尺、钢尺、盐水、食用油，其中属于导体的是 ，属于绝缘体的是 ．16. 在图所示的电路中，电源电压为3V．闭合开关S，电流表①的示数为1.2A，电流表②的示数为0.3A，则通过R1的电流是 A，R2的阻值是 Ω．1217. 两只灯泡L1和L2的额定电压相同，额定功率之比P1：P2=2：1，并联后接在电路中总电流为3安培，则通过L1的电流为 安；若将两只灯泡L1和L2串联后，仍接在原来的电路中，则通过L1的电流为 安．18. 把标有“PZ220-25”的甲灯和“PZ220-40”的乙灯两只灯泡串联起来接在220V的电路中，较亮的灯是 ；若将它们并联起来，接在110V的电路中，较亮的灯是 ．三、实验探究题(本大题共2小题，共18.0分)19. 在“测定小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω．(1)请用笔画线代替导线，将图所示的实验电路中未连接部分连接完成(连线不得交叉)．(2)连接电路时，开关应处于 状态；按照你连接的电路，滑动变阻器的滑片应调节至最 (选填“左”或“右”)端．(3)实验时，调节滑动变阻器，当电压表的示数为 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图所示，则通过灯泡的电流为 A，小灯泡的额定功率是 W．(4)若接下来要测量该灯泡比正常发光略亮时的电功率，请详细叙述操作步骤．(5)该实验还可以测定小灯泡的电阻．根据以上实验数据，这个小灯泡正常工作时的电阻为 Ω．20. 为了探究并联电路的电流规律，小宇根据如图所示的电路图连接好实物，用电流表分别测出A、B、C三处的电流．接着他又改变电源的节数，重复试验，记录数据如下表． (1)该实验探究的问题是 .(2)这个探究进行了三次实验，这样做的目的是 ．(3)该同学根据实验得出结论：并联电路中干路电流为支路电流的二倍．这个结论显然是错误的，从实验数据看，导致得出错误结论的原因是 ，实验改进的方法是 ．四、计算题(本大题共2小题，共15.0分)21. 如图所示的电路，小灯泡L的电阻为10Ω，定值电阻R的阻值为15Ω，当开关S12闭合时，小灯泡L发光，电流表示数0.3A．求：(1)电源电压；(2)通过电阻R的电流；(3)小灯泡消耗的电功率．22. 人类正面临能源危机，节约能源是一个重要途径，专业检测发现，下表中的LED灯和白炽灯在正常发光时，光照强度相同．则：(1)白炽灯正常发光时的电阻是多少欧？(2)正常工作10h，使用LED灯比白炽灯要节约多少度电？12安徽省太和县北城中心校2022-2022学年度第一学期12月月考九年级试卷-物理【答案】一、客观题1. A 2. D 3. D 4. A 5. C 6. B 7. D 8. C 9. B 10. B 11. B 二、主观题12. 摩擦起电;电子 13. 1.5;9 14. 110;6.6×104 15. 铅笔芯、钢尺、盐水;橡皮擦、塑料尺、食用油 16. 0.9;10 17. 2; 18. PZ220-25(或“甲灯”);PZ220-40(或“乙灯”) 19. (1)实验电路图如下：(2)断开;右;(3)2.5;0.3;0.75;(5)8.33. 20. (1)并联电路电流规律；(2)多次实验使得出的结论更可靠；(3)实验时选用同样规格的灯泡；(4)换用不同规格的灯泡进行实验． 21. 解：(1)灯泡接在电源两端，灯泡电压等于电源电压，∵I=，∴电源电压U=UL=ILRL=0.3A×10Ω=3V；(2)通过定值电阻的电流IR===0.2A；(3)灯泡消耗的功率PL=ULIL=3V×0.3A=0.9W；答：(1)电源电压是3V．(2)通过电阻R的电流是0.2A．(3)小灯泡消耗的电功率0.9W． 22. (1)∵P=，12∴白炽灯正常发光时的电阻：R===484Ω；(2)白炽灯功率比LED灯功率高：△P=P2-P1=100W-12W=88W，正常工作10h，可节约的电能：W=△P×t=0.088kW×10h=0.88kW•h．答：(1)白炽灯正常发光时的电阻是484Ω；(2)正常工作10h，使用LED灯比白炽灯要节约0.88度电． 【解析】1. 试题分析：导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关．但可以用导体两端的电压与通过导体的电流的比值求出其大小．电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关，故B、C、D错误；但导体电阻的大小可以由公式R=求出，故A正确．故选A．2. 试题分析：要解决此题，需要知道电路中若无电流，则电路出现了断路现象，用电压表检测电路时，将电压表分别与各部分电路并联，若电压表的示数约等于电源电压，则该处发生了断路．开关闭合后，电灯不亮，安培表无指示，说明电路出现断路现象；用电压表检测时，发现a、d间和b、d间的电压不为零，而电压表测得a、b两点间和b、c两点间的电压均为零，说明电源、开关和电流表都完好，因此是灯泡出现断路现象．故选D．3. 试题分析：(1)电流表是测量电流的仪表，它使用时必须串联在电路里，与被测量的用电器串联；(2)电压表是测量电压的仪表，它使用时必须并联在电路里，与被测量的用电器并联．解:(1)图中a处与电灯L串联在一起，根据电表的使用原则，该处为电流表；(2)图中b处与电灯L并联，与电源串联在一起，根据电表使用规则，该处为电压表．故选D．4. 试题分析：当灯泡的实际功率足够大时，灯泡才能发光；甲、乙两灯串联，流过它们的电流相等，根据公式P=I2R分析灯泡不亮的原因．甲、乙两灯串联，由串联电路的特点知：流经它们的电流I相等；由P=I2R知，灯泡阻值大，实际功率大，灯泡发光；灯泡阻值小，灯泡实际功率小，不发光．由以上分析知：乙灯不发光的原因是灯泡电阻较小．故选A．5. 试题分析：解决此题的关键是知道物质直接从固态变成气态的现象称为升华，导体电阻的大小与导体的横截面积有关．灯丝在高温下可以从固体直接变为气态，发生升华现象，灯丝因此会变细，横截面积变小，所以电阻变大；故选C．6. 12试题分析：(1)本题首先要清楚“3000r/kW•h”的物理意义：当用电器消耗1千瓦时的电能，电能表的水平转盘转过3000转；(2)当它转过5转时，消耗的电能为kW•h；1度=3.6×106焦，即1kW•h=3.6×106J．然后根据P=计算出电功率．解:转5转消耗的电能W=5=kw•h，该电器消耗的实际功率P===0.06kw=60W．故选B．7. 试题分析：(1)首先根据灯泡的额定电压和额定功率，根据R=比较灯的电阻的大小；(2)串联时，两个灯泡起分电压的作用，并且分电压的多少与电阻值的大小成正比；(3)并联时，两个灯泡起分电流的作用，并且分电流的大小与电阻值的大小成反比．解:由甲灯为“6V，6W”，乙灯为“6V，4W”，U甲=U乙，P甲＞P乙，根据R=得R甲＜R乙，对四个电路分析如下：A、图中甲、乙两灯是串联，因为R甲＜R乙，根据串联电路中电压的分配与电阻成正比的特点有U甲＜U乙，且U甲+U乙=U总=12V，故U甲＜6V，U乙＞6V．因此两灯的实际电压均不等于它们的额定电压，两灯都不能正常发光，乙灯还有可能烧坏，故该选项不符合题意；B、图中甲、乙两灯的并联电路，根据并联电路的特点有U甲=U乙=U总=12V，两灯都超过了它们的额定电压，都不能正常发光甚至都烧坏，故该选项不符合题意；C、图中给甲灯并联了一个滑动变阻器，因甲灯的电阻比乙灯小，再并联一个电阻后其电阻会变小，甲灯所分的电压将更少，实际电压不可能达到额定电压，乙灯实际电压高于6V有可能烧坏，故两灯都不能正常发光，故该选项不符合题意；D、图中给乙灯并联了一个滑动变阻器，调节滑动变阻器的阻值，能使其并联后的阻值正好与甲灯的阻值相等，这时两灯的实际电压都等于它们的额定电压而同时正常发光，故该选项符合题意．故选D．8. 试题分析：由欧姆定律可知U=IR，因为两导体并联，所以I1R1=I2R2，又知道通过两导体的电流关系，可得两电阻的关系．∵两导体并联，∴U1=U2，∵I=，∴I1R1=I2R2，∴==．故选C．129. 试题分析：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI判断灯泡实际功率的变化和电路总功率的变化，然后根据灯泡的亮暗取决于实际功率的变化，判断灯泡亮暗的变化．由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压；当滑片从左向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小；根据P=UI可知，灯泡的实际功率变小、灯泡变暗，电路消耗的总功率变小．故选B．10. 试题分析：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，给出一定的电压，通过电流的大小关系判断两电阻的阻值大小关系．解:在图中画一条与纵轴平行的直线(见下图)，分别与R1和R2相交于1、2两点，从图象中看出两点R1、R2两端的电压相同，电流值不同：I1＞I2，根据欧姆定律：R=，可得出：R1＜R2．故选B．11. 试题分析：甲、乙两电阻接在同一电源上，要么串联，要么并联；串联电路中各处的电流相等，而I甲＞I乙则两电阻并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律判断两电阻的阻值关系．甲、乙两电阻接在同一电源上时，∵I甲＞I乙，∴两电阻并联，∵I=，且并联电路中各支路两端的电压相等，∴由R=可知，R甲＜R乙．故选B．12. 试题分析：通过衣服容易脏，可以确定衣服吸引了轻小物体，由此联想到摩擦起电现象，进而明确其实质．12化纤衣服与人体摩擦，摩擦起电，使衣服带有了电荷，由于带电体能够吸引轻小物体．所以衣服会将灰尘的轻小物体吸附在它上面，造成了衣服比较容易脏．故这是一种摩擦起电现象．摩擦起电的实质是电子的转移：电子从束缚核外电子能力弱的物体质转移到束缚能力强的物体上面．故答案为：摩擦起电；电子13. 试题分析：两电阻并联，则两电阻两端的电压相等，所加电压不能超过任一电阻的额定电压，则由欧姆定律求出两电阻的电压，即可知允许加上的最高电压；由最高电压可求得电路中允许通过的最大电流．由欧姆定律得：U甲=I甲R甲=10Ω×1A=10V；U乙=I乙R乙=0.6A×15Ω=9V；故电路两端所加电压U最大不得超过9V．此时通过甲的电流I1===0.9A；通过乙的电流I2===0.6A；所以电流中允许通过的最大电流I=I1+I2=0.9A+0.6A=1.5A．故答案为：1.5；9．14. 试题分析：分别运用电功率公式P=UI及电功公式W=Pt进行计算由题意可知P=UI=220V×0.5I=110WW=Pt=110W×6OOs=6.6×104J故答案为：其电功率是100W；正常工作10min电流所做的功是6.6×104J．15. 试题分析：据导体和绝缘体的定义：容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体即可作出判断．常见的导体包括：人体、大地、各种金属、铅笔芯、酸碱盐的溶液等．题中物体属于导体的是：铅笔芯、钢尺、盐水；属于绝缘体的是：橡皮擦、塑料尺、食用油．故答案为：铅笔芯、钢尺、盐水；橡皮擦、塑料尺、食用油．16. 试题分析：由图可知两电阻并联，A2测量流过R2的电流，A1测量干路电流，则由并联电路的电流规律可得出通过R1的电流；由欧姆定律可求得R2的阻值．由图及已知可得：干路电流I=1.2A，通过R2的电流I2=0.3A，则由并联电路的电流规律可得：通过I1的电流I1=I-I2=1.2A-0.3A=0.9A；由欧姆定律可得：R2的阻值R2===10Ω；故答案为：0.9；10．17. 试题分析：(1)根据两灯泡的功率关系及欧姆定律求出两灯泡并联时的电流关系；根据并联电路的电流特点及电路总电流求出流过L1的电流；由欧姆定律求出两灯泡的电阻关系．(2)由串联电路的特点及欧姆定律，求出两灯泡串联时灯泡L1两端的电压与电源电压的关系；由欧姆定律求出灯泡串联时流经L1的电流．12解:(1)两灯泡并联时，它们两端的电压U相等，流过它们的电流之比===，即I1=2I2①；由并联电路特点知I1+I2=I②；由题意知：I=3A③，由①②③得I1=2A；两灯泡的电阻之比===，即R2=2R1．(2)量灯泡串联在电路中，流过它们的电流I′相等，即I1′=I2′=I′；由欧姆定律得：U1′=I′R1；U2′=I′R2=I′×2R1=2U1′，由串联电路特点知；U1′+U2′=U1′+2U1′=U；所以U1′=；则通过L1的电流I1′===×=I1=×2A=A．故答案为：2；．18. 试题分析：(1)先分别计算两灯的电阻，因为电流相等，电源电压已知，根据P=I2R可知，比较电阻就可比较灯泡亮度．(2)并联电路，电压相等，根据可知，比较电阻就可比较各自的实际功率，也就是灯泡亮度．解:(1)，．因为P=I2R，电流相等，电阻越大，实际功率越大，所以甲灯亮．(2)因为，电压相等，电阻越大，实际功率越小，所以乙灯亮．故答案为：PZ220-25(或“甲灯”);PZ220-40(或“乙灯”).19. 试题分析：(1)连接实物图需注意，电表的正负极接入方式，以及量程的选择．(2)连接电路时，为了避免电路元件受损，开关要断开，应将滑动变阻器调到最大阻值．(3)据灯泡额定电压U，电流表读数I，用公式P=UI即可求解灯泡额定功率．(4)调节滑动变阻器的滑片，使灯泡两端电压高于额定电压．读电表示数，用P=UI求解可得．(5)据公式R=及电表读数，可以求出R阻值．解:(1)电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联．让电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出．据欧姆定律可以估算灯泡额定电流约为0.25A，确定电流表量程为0--3A．据电源电压是两节干电池，确定电压表量程为0--3V．12连接如图：(2)连接电路时，为了避免电路元件受损，开关要断开，闭合电路前，应将滑动变阻器调到最大阻值，即滑片滑至最右端，保护电路元件．(3)灯泡正常发光时，其两端电压必为额定电压，即：U=2.5V，根据电流表读数I=0.3A，代入公式P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．(4)向左侧滑动变阻器滑片，使它联入电路的阻值变小，则电路总阻值减小，据欧姆定律可知，电路电流I增大，而灯泡阻值不变．故灯泡分压U增大，此时灯泡功率P大于正常发光时的功率，比正常发光略亮．具体步骤：向左移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.7V，记下此时电流表的示数I，然后立刻断开开关．据公式P=UI=2.7V×I计算可得此时灯泡功率．(5)据U=2.5V，I=0.3A，利用欧姆定律的变形公式计算得：R===8.33Ω．故答案为：(1)实验电路图如下：(2)断开;右;(3)2.5;0.3;0.75;(5)8.33.20. 试题分析：(1)由电路图知，两灯泡并联，实验测量的是各支路电流与干路电流，根据电路结构及测量的量判断探究的问题；(2)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性．(3)为了使实验结论根据普遍性，应换用不同规格的灯泡进行实验．解:(1)由电路图知，两灯泡并联，实验测量的是各支路电流与干路电流，由此可知，该实验探究的是：并联电路的电流特点．(2)探究并联电路的电流规律，进行多次实验是为了使实验结论具有普遍性．(3)为使实验结论具有普遍性，不能只改变电源电压进行实验，应换用不同规格的灯泡进行实验．故答案为：(1)并联电路电流规律；12(2)多次实验使得出的结论更可靠；(3)实验时选用同样规格的灯泡；(4)换用不同规格的灯泡进行实验．21. 由电路图可知，灯泡与定值电阻并联接在电源两端，电流表测通过灯泡的电流；(1)已知灯泡电阻与通过灯泡的电流，由欧姆定律可以求出电源电压．(2)由欧姆定律可以求出通过定值电阻的电流．(3)由电功率公式P=UI可以求出灯泡消耗的电功率．22. (1)已知灯泡的额定功率和额定电压，直接根据功率的变形公式即可求出白炽灯正常发光时的电阻；(2)先求出两灯的功率之差，再利用W=Pt求出节约的电能．12
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