首页 > 试卷 > 初中 > 物理 > 山东省济南市第37中2022届九年级物理第二次月考试题含解析沪科版
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2022年九年级物理第二次月考一．选择题（共15小题，其中1-11题为单选，每题2分；12-15为多选，每题为3分，共34分）1．（2022•玉环县模拟）小刚同学用如图电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”．在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（ ）A．保持变阻器滑片不动B．将变阻器滑片适当向左移动C．将变阻器滑片适当向右移动D．将电池个数增加 2．（2022•淮北模拟）在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示．电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15Ω1A”字样．在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数．当20Ω的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（ ）A．电源电压3V太低B．滑动变阻器阻值太小C．20Ω的阻值太小D．控制的电压1.5V太高 3．（2022•焦作一模）对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（ ）A．它们都是采用控制变量的研究方法B．它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的C．前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D．后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差 4．（2022•铁岭模拟）如图所示，电源电压和电灯L的电阻均保持不变．当开关S闭合后，在变阻器滑片P从中点向下滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）A．电压表的示数变大B．电灯L的亮度变暗C．电流表A1的示数变小D．电流表A2的示数不变 5．（2022•扬州）在“探究通过导体的电流与电压的关系”实验中，得到I﹣U图象如图所示，则正确的是（ ）A．B．C．D． 6．（2022•大庆）根据欧姆定律，下列说法中正确的是（ ）A．通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B．导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大27C．通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比D．导体两端的电压为零时，电阻值也为零 7．（2022•郴州）如图所示的电路中，电源电压为3V，R为定值电阻，灯L标有“6V3W”的字样，灯L的电阻不随温度变化．闭合开关S后，电流表的示数为0.75A，则定值电阻R的阻值为（ ）A．10ΩB．6ΩC．15ΩD．8Ω 8．（2022秋•大城县校级期中）如图所示的是四位同学设计的用伏安法测电阻R的电路图，其中正确的是（ ）A．B．C．D． 9．（2022•龙岩）直接测量消耗电能多少可以用（ ）A．电能表B．电压表C．电流表D．电阻箱 10．（2022•成都校级自主招生）一般地说，用电器的工作电压并不等于额定电压．家庭里通常不备电压表，但借助电能表可以测出用电器的实际工作电压．现在电路中只接入一个电热水壶，壶的铭牌如右图所示，测得电能表的表盘转过125转的时间为121秒．根据所给信息可知（ ）A．该电热水壶的电阻为110ΩB．电热水壶的实际功率为1500WC．电热水壶在121秒内实际消耗电功为1.5×105焦D．电热水壶的实际电压为200V 11．（2022•南昌县一模）我国将于2022年元旦起停止销售40W和60W等种类的白炽灯，而改用节能的荧光灯、LED灯等“能效比”更高的节能灯．改用节能灯的原因是（ ）A．相同功率的白炽灯和节能灯使用相同的时间，白炽灯消耗的电能多B．相同功率的白炽灯和节能灯使用相同的时间，白炽灯消耗的电能少27C．相同功率的白炽灯和节能灯消耗相同的电能，节能灯发出的光更亮D．相同功率的白炽灯和节能灯消耗相同的电能，节能灯发出的光更暗 12．（2022•江油市二模）如图为探究灯泡两端电压与电流关系的电路图，下列说法正确的是（ ）A．灯亮度变亮时，电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表、电流表量程可能选大了C．开关闭合后灯不亮，电压表有示数，灯肯定存在开路现象D．把滑动片移到左端时才能闭合开关 13．（2022•广东）如图1所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（ ）A．电阻甲为定值电阻B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=5ΩC．如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是20ΩD．如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.6A 14．（2022•高港区一模）某同学利用如图甲所示的电路图测定小灯泡电阻，电路中电源电压保持4.5V不变，灯泡上标有“2.5V，？A”字样，滑动变阻器上标有“50Ω1A”．闭合开关，将滑片P滑到某一位置时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）A．此时灯泡的电阻为8ΩB．此时灯泡和滑动变阻器的阻值之比为8：7C．该电路能探究串联电路电流的特点D．该电路能探究电流与电压的关系27 15．（2022•利通区校级一模）下列单位中是电能单位的是（ ）A．JB．kWC．度D．kW•h 二．填空题（共5小题，每题2分，共10分）16．（2022•株洲）为了防止鱼虾缺氧而浮头，常在池塘中央放置增氧机，喷水式增氧机由电动泵和浮体组成，某种喷水式增氧机及工作时的情景如图，有关参数见表．若增氧机正常开机2h，则通过它的电流为 A，从环形喷口出水 kg，从而使水得到了“增氧”．功率/W电压/V流量/m3•h﹣1110022025 17．（2022•梧州）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V3.6W”字样，R为定值电阻，闭合开关S1，断开S2，小灯泡正常发光，小灯泡的电阻为 Ω；若再闭合S2，发现电流表示数变化了0.4A，则R的阻值为 Ω． 18．（2022•云南）如图所示的电路中R1＜R2，开关闭合后，电压表V的示数为8V．通过R1、R2的电流之比是 ，电压表V1的示数 （选填“大于”、“小于”或“等于”）4V． 19．（2022•宁夏校级一模）小红同学在做“探究串联电路电压的规律”的实验时，连好了如图所示的电路，闭合开关S后发现L1正常发光，L2只能微弱发光，对产生这一现象的原因分析，你认为合理的是 A．灯泡L2发生了断路B．灯泡L2发生了短路C．由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小D．由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小说明理由： ． 20．（2022•河南）如图是某款电热水龙头的电路原理图．R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡之间的切换．当开关同时接触2、3触点时，水龙头放出的是 水（选填“冷”、“温”“热”）．若R2=2R1，水龙头在温水挡正常工作时电功率为2000W，则它在热水挡正常工作lmin消耗的电能为 J．27三、简答题21．小明同学学习了家庭电路的知识后，他发现自己家电热器三只插脚，标有“E”字的插脚比其它两脚稍长一些，它比其它两脚稍长一些有什么好处？工作时，电热丝能把水烧滚烫而与之相连的导线却不热，这是为什么？22、白炽灯泡的灯丝烧断后，再把灯丝搭接连通时，反而比原来更亮些，为什么？ 四、作图题（每题3分，共6分）23、（2022•济南模拟）2022年我国《交通新法规》称为“史上最严”法规，其中对司乘人员必须系安全带作了严格要求．轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1即闭合，若未系安全带（安全带控制开关S2断开）仪表盘上的指示灯将亮起；当系上安全带时（安全带控制开关S2闭合），指示灯熄灭．请你帮他们在虚线框内设计出符合要求的电路图．24、瑞瑞同学有一辆黑猫警长玩具电动车如图所示，车内的电路中有4节干电池，一个灯泡，两个电动机，两个开关．电动机M1控制行驶，电动机M2控制黑猫警长旋转．只合上开关S1，车能行驶，灯不亮，黑猫警长不旋转；只合上S2，车不行驶，不旋转，灯不亮；同时合上S1和S2，车行驶，警长转动，灯亮．请你根据以上现象在下面虚线框中，画出该玩具电动车的电路原理图，并标出相关元件．五、计算题（每题8分，共16分）25、（2022•来宾）如图所示电路图，电源电压6V保持不变，灯L2的电阻是10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数是0.3A，不考考虑温度对灯丝电阻的影响，求：27（1）灯L1的阻值．（2）电流表A的示数． 26、（2022•庆阳）如图所示，小灯泡L上标有“6V3W”字样，闭合开关，小灯泡正常发光，电流表示数为2A．求：（1）小灯泡L的电阻是多少？（2）通过R0的电流是多少？（3）电阻R0消耗的功率是多少？六、实验探究题（每题6分，共18分）27．（2022•德阳）为了探究电流跟电压的关系，王亮同学设计了图甲所示的电路．（1）请根据电路图，用笔画线代替导线将图乙中未连成完整的电路连接起来（导线不能交叉）．（2）调节滑片位置，改变定值电阻两端的电压，读出其中三组电流表、电压表的示数，如表（一）中所示．①由表（一）中的数据可知实验使用的定值电阻的阻值是 Ω．②由表（一）中的数据进行分析，可归纳出的结论是 ．表（一）次序123电压（V）2.04.06.0电流（A）0.10.20.3表（二）次序123电阻（Ω）51015电流（A）1.20.60.4（3）如果仍用图甲电路研究电流与电阻的关系，实验中当换用不同阻值的定值电阻后，每次应调节滑动变阻器的滑片，保持 不变．实验记录数据如表（二）所示，根据表（二）数据可得出的结论是 ．（实验器材使用正确，量程选用合理）．27 28．（2022•青海）如图1所示，电源电压为6V，图甲为伏安法测电阻的电路图；图乙为连接不完整的实物图．（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来．（2）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是 A．电流表的正、负接线柱接反B．电压表的量程选小了C．电阻Rx发生了短路D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路（3）电路连接正确后，闭合开关，若将滑片P向左移动时，电压表示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．（4）实验过程中，电流表和电压表的示数如图2所示，此时测得的Rx= Ω．（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是 ． 29．（2022•济南模拟）在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．（1）连接电路时开关应 ，电流表的量程应选0～ A．（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 （选填“A”或“B”）端．（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W． 27参考答案1．（2022•玉环县模拟）小刚同学用如图电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”．在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（ ）A．保持变阻器滑片不动B．将变阻器滑片适当向左移动C．将变阻器滑片适当向右移动D．将电池个数增加【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】欧姆定律．【分析】研究电路电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端电压不变，当电路中的电阻由5Ω换成10Ω时，分析定值电阻两点之间的电压怎样变化是此题的解题思路．【解答】解：在滑动变阻器的电阻值Rp不变的情况下，电路中由于将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，使整个电路的总电阻增大．利用公式I=可知，电路中的总电流减小．根据U=IR可知，此时滑动变阻器两端的电压的减小，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，定值电阻两端的电压变大；要使电压表的示数不变，只能减小电路中的电流，所以要使电路中的电阻增大，即滑片P向右端移动增大电阻．故选C．【点评】研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变是此题的突破点． 2．（2022•淮北模拟）在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示．电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15Ω1A”字样．在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数．当20Ω的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（ ）A．电源电压3V太高B．滑动变阻器阻值太小C．20Ω的阻值太小D．控制的电压1.5V太高【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】欧姆定律．27【分析】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端电压，电流表测量电路电流；根据串分压的知识进行判断，在串联电路中电流相等，根据U=IR，电压与电阻成正比，所以U1：U2=R1：R2．【解答】解：由题意知，电源电压为3V，电阻两端的电压为1.5V，则滑动变阻器两端的电压应为3V﹣1.5V=1.5V；根据串分压的知识：===；因为滑动变阻器的最大阻值为15Ω，电阻的阻值为滑动变阻器阻值的=倍，所以其两端的电压也为滑动变阻器两端电压的倍，其定值电阻太大或滑动变阻器的最大阻值太小，而造成了电压表示数始终大于1.5V，而无法达到1.5V，B正确，ACD错误；故选B．【点评】此题考查了电路中串分压的知识，常根据这个知识判断变阻器的规格或判断滑动变阻器的滑动方向，要注意理解掌握． 3．（2022•焦作一模）对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（ ）A．它们都是采用控制变量的研究方法B．它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的C．前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D．后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】根据实验目的、实验原理、滑动变阻器的用法、实验进行多次测量的目的进行分析答题．【解答】解：A．在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，故A错误，符合题意；B．探究电流与电阻关系实验，使用滑动变阻器的目的是控制电阻两端电压保持不变，伏安法测定值电阻实验中，使用滑动变阻器的目的是改变电阻两端电压，这两个实验使用滑动变阻器的作用不同，故B正确，不符合题意；C．探究电流跟电阻的关系实验，进行多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系，故C正确，不符合题意；D．伏安法测电阻阻值实验，后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差，故D正确，不符合题意．故选A．【点评】本题考查了物理中的科学研究方法的种类区分，注意在初中物理中灵活应用这些研究方法，本题结合两个电学实验进行分析考查对物理学方法的理解与应用情况． 4．（2022•铁岭模拟）如图所示，电源电压和电灯L的电阻均保持不变．当开关S闭合后，在变阻器滑片P从中点向下滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）27A．电压表的示数变大B．电灯L的亮度变暗C．电流表A1的示数变小D．电流表A2的示数不变【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，A2测量通过滑动变阻器的电流；根据并联电路电流、电压特点和欧姆定律分析滑片P从中点向下滑动的过程中电流表示数的变化．【解答】解：因为电压表测的是电源电压，且电源电压不变，所以电压表示数不变；当滑片从中点向下滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据I=可知，通过滑动变阻器的电流变小，而电流表A2与滑动变阻器串联，故电流表A2的示数变小；又因为灯泡两端的电压和电阻均不变，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的亮暗不变；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，滑片从中点向下滑动时，干路电流减小，电流表A1的示数减小．故选C．【点评】本题考查的是由滑动变阻器引起的变化电路的分析，分析的前提是先搞清楚电路的连接情况，然后再根据欧姆定律进行判断． 5．（2022•扬州）在“探究通过导体的电流与电压的关系”实验中，得到I﹣U图象如图所示，则正确的是（ ）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】欧姆定律．【分析】根据控制变量法和欧姆定律可知：电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比．由此分析各图即可．【解答】解：探究“电流与电压的关系”的实验过程中，保持定值电阻不变，只改变导体的两端的电压，由欧姆定律可知：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．A、由图A可知：电流不随电压变化，故A错误；B、由图B可知：电流与电压与正比，故B正确；C、由图C可知：电流随电压增加而减小，故C错误；D、由图D可知：电流随电压的增加而减小，故D错误．故选B．27【点评】本题考查对I﹣U图象的认识和理解，关键知道电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比． 6．（2022•大庆）根据欧姆定律，下列说法中正确的是（ ）A．通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B．导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大C．通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比D．导体两端的电压为零时，电阻值也为零【考点】欧姆定律．【专题】欧姆定律．【分析】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关；（2）欧姆定律：导体中的电流与其两端的电压成正比，与其电阻成反比．据此分析解答．【解答】解：AB、影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关，故AB错误；C、由欧姆定律可知，通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，故C正确；D、电阻是导体本身的一种属性，与所加电压无关，故D错误．故选C．【点评】此题主要考查学生对于电阻是导体一种性质的理解，利用欧姆定律只能求解电阻大小． 7．（2022•郴州）如图所示的电路中，电源电压为3V，R为定值电阻，灯L标有“6V3W”的字样，灯L的电阻不随温度变化．闭合开关S后，电流表的示数为0.75A，则定值电阻R的阻值为（ ）A．10ΩB．6ΩC．15ΩD．8Ω【考点】欧姆定律的变形公式．【专题】电路和欧姆定律．【分析】分析电路的连接方式，计算出灯泡电阻，根据欧姆定律计算灯泡中的电流，从而得到R的电流，最后根据欧姆定律计算R的阻值．【解答】解：由图可知R与L并联，电流表测干路电流，所以U=UR=UL=3V，由P=得灯泡电阻：RL===12Ω，27通过灯泡的电流IL===0.25A，根据并联电路的电流特点，通过R的电流：IR=I﹣IL=0.75A﹣0.25A=0.5A，所以定值电阻R的阻值：R===6Ω．所以ACD错误，B正确．故选B．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率计算公式的应用，正确分析电路，熟练运用公式是关键． 8．（2022秋•大城县校级期中）如图所示的是四位同学设计的用伏安法测电阻R的电路图，其中正确的是（ ）A．B．C．D．【考点】伏安法．【专题】图像综合题．【分析】伏安法测电阻，电压表应与待测电阻并联，电流表串联在电路中测流过待测电阻的电流；滑动变阻器应串联在电路中，一方面可以保护电路，另一方面可以改变待测电阻两端的电压．【解答】解：A、由电路图知：电流表与电阻并联，电压表串联在电路中，电路连接错误，不能测出电阻R的阻值，故A错误；B、由电路图知：电压表测待测电阻与滑动变阻器两端的电压，由该电路图测不出电阻R的阻值，故B错误；C、由电路图知：电压表测待测电阻两端的电压，电流表测流过待测电阻的电流，由该电路图可以测出电阻R的阻值，故C正确；D、电流表测待测电阻与滑动变阻器的电流之和，用该电路图测不出流过待测电阻的电流，由该电路图测不出电阻R的阻值，故D错误．故选C．【点评】本题考查了伏安法测电阻的实验电路图，知道实验的原理、分析清楚实验电路图是正确解题的关键． 9．（2022•龙岩）直接测量消耗电能多少可以用（ ）A．电能表B．电压表C．电流表D．电阻箱【考点】电功的测量．【专题】电能和电功率．【分析】根据对各仪表作用的掌握分析答题．27【解答】解：A、电能表是测量电能的仪表，故A正确；B、电压表是测量电压的仪表，不能直接测电能，故B错误；C、电流表是测量电流的仪表，不能直接测电能，故C错误；D、电阻箱是电阻元件，不能测电能，故D错误．故选A．【点评】本题考查了电能的测量仪器，知道常用仪器的作用即可解题，本题是一道基础题． 10．（2022•成都校级自主招生）一般地说，用电器的工作电压并不等于额定电压．家庭里通常不备电压表，但借助电能表可以测出用电器的实际工作电压．现在电路中只接入一个电热水壶，壶的铭牌如右图所示，测得电能表的表盘转过125转的时间为121秒．根据所给信息可知（ ）A．该电热水壶的电阻为110ΩB．电热水壶的实际功率为1500WC．电热水壶在121秒内实际消耗电功为1.5×105焦D．电热水壶的实际电压为200V【考点】电能表参数的理解与电能的求法；实际功率．【专题】电能和电功率．【分析】（1）已知额定电压和额定功率，根据公式P=可求电阻的大小；（2）每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘就转过3000转，可求转过125转消耗的电能，进一步求出实际功率；（3）根据公式P=可求实际电压的大小．【解答】解：A、根据公式P=可知，该电热水壶的电阻R==≈32.3Ω，故A错误；BC、电热水壶121s消耗电能kW•h×125=×125×3.6×106J=1.5×105J；实际功率P==≈1200W，故B错误、C正确；D、根据公式P=可知，实际电压U==≈200V，故D正确．27故选CD．【点评】本题考查电阻、电能实际功率、实际电压的计算，关键是从题目所给信息中找到有用的数据． 11．（2022•南昌县一模）我国将于2022年元旦起停止销售40W和60W等种类的白炽灯，而改用节能的荧光灯、LED灯等“能效比”更高的节能灯．改用节能灯的原因是（ ）A．相同功率的白炽灯和节能灯使用相同的时间，白炽灯消耗的电能多B．相同功率的白炽灯和节能灯使用相同的时间，白炽灯消耗的电能少C．相同功率的白炽灯和节能灯消耗相同的电能，节能灯发出的光更亮D．相同功率的白炽灯和节能灯消耗相同的电能，节能灯发出的光更暗【考点】电功；有利于节约能源的措施．【专题】电与热、生活用电．【分析】根据W=Pt分析消耗的电能；依据灯的“能效比”进行分析可得出使用节能灯的原因．【解答】解：AB、根据W=Pt可知相同功率的白炽灯和节能灯使用相同的时间，消耗的电能相等，故AB错误；CD、因为节能的荧光灯、LED灯等“能效比”更高，消耗相同的电能，节能灯获得的光能多，相同功率的白炽灯和节能灯消耗相同的电能，节能灯发出的光更亮，故C正确、D错误．故选C．【点评】本题是对白炽灯和节能灯问题的考查，解题的关键是掌握相关的知识的了解和掌握． 12．（2022•江油市二模）如图为探究灯泡两端电压与电流关系的电路图，下列说法正确的是（ ）A．灯亮度变亮时，电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表、电流表量程可能选大了C．开关闭合后灯不亮，电压表有示数，灯肯定存在开路现象D．把滑动片移到左端时才能闭合开关【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】电流和电路．【分析】（1）连接电路时，闭合开关前为保护电路，滑动变阻器划片P应位于最大阻值处；（2）电压表和电流表应选择合适的量程，为了测量结果准确，选择较小量程；（3）灯不亮，电路发生短路或断路，电压表有示数说明与电压表并联的电路开路；27（4）灯泡亮度变亮，实际功率变大，根据P=和P=I2R判断小灯泡的电压和电流的变化情况．【解答】解：A、灯泡亮度变亮，实际功率变大，由P=可知，灯泡两端电压增大，由P=I2R可知通过小灯泡的电流变大，故A错误．B、两节干电池作为电源，电压表应选择0～3V量程，电流表应选择0～0.6A量程，故B正确；C、灯不亮，电路发生短路或断路，电压表有示数说明与电压表并联的电路开路，电压表示数接近电源电压，故C正确；D、闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于最大阻值处，所以把滑动片移到左端，故D正确；故选BCD．【点评】本题综合考查了动态电路的分析，涉及的知识点较多，有一定的难度． 13．（2022•广东）如图1所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（ ）A．电阻甲为定值电阻B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=5ΩC．如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是20ΩD．如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.6A【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；压轴题；欧姆定律．【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）由图象可知，当甲两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R甲的阻值；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，进而计算出总电阻．（4）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流．【解答】解：A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A正确；B、由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过乙的电流为0.4A，则R甲===5Ω；故B正确；27C、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，据串联电路中总电压等于各分电压之和，故此时电源的电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故总电阻是：R总===15Ω，故C不正确；D、甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压为2V，由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故D正确；故选ABD．【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息． 14．（2022•高港区一模）某同学利用如图甲所示的电路图测定小灯泡电阻，电路中电源电压保持4.5V不变，灯泡上标有“2.5V，？A”字样，滑动变阻器上标有“50Ω1A”．闭合开关，将滑片P滑到某一位置时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）A．此时灯泡的电阻为8ΩB．此时灯泡和滑动变阻器的阻值之比为8：7C．该电路能探究串联电路电流的特点D．该电路能探究电流与电压的关系【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电流规律；电流表的读数方法；电压表的读数方法；欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律；测量型实验综合题．【分析】由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题．【解答】解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；由图示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V；A、∵I=，∴此时灯泡电阻RL===8Ω，故A正确；B、滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.4V=2.1V，∵I=，∴此时灯泡与滑动变阻器的阻值之比：====，故B正确；27C、利用该电路可以探究串联电路电流特点，故C正确；D、探究电流与电压的关系，应控制电阻阻值不变，由于灯泡电阻随温度变化而变化，不是定值，因此应用该电路不能探究电流与电压的关系，故D错误；本题选择说法是正确的，故选ABC．【点评】本题考查了求电阻、电阻之比、电路的作用等问题，分析清楚电路结构、掌握电表的读数方法、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题． 15．（2022•利通区校级一模）下列单位中是电能单位的是（ ）A．JB．度C．kWD．kW•h【考点】电功．【专题】电能和电功率．【分析】在国际单位制中，功率的单位是瓦特（W），生活中还有kW；电能（电功）的国际单位是焦耳（J），生活中还有度、千瓦时（kW•h）．【解答】解：在国际单位制中，电能（电功）的单位是焦耳（J），生活中还有度、千瓦时（kW•h），1kW•h=3.6×106J；千瓦（kW）是功率的单位．故选ACD．【点评】初中物理中，物理量多、符号更多，记住各物理量的符号及单位符号是学好物理的基础． 二．填空题（共7小题）16．（2022•株洲）为了防止鱼虾缺氧而浮头，常在池塘中央放置增氧机，喷水式增氧机由电动泵和浮体组成，某种喷水式增氧机及工作时的情景如图，有关参数见表．若增氧机正常开机2h，则通过它的电流为 5 A，从环形喷口出水 5×104 kg，从而使水得到了“增氧”．功率/W电压/V流量/m3•h﹣1110022025【考点】电功率与电压、电流的关系；密度公式的应用．【专题】电能和电功率；密度及其应用．【分析】根据P=UI计算正常工作时的电流；根据其流量计算2h喷水量，由m=ρV计算其质量．【解答】解：由表格参数，增氧机额定功率为1100W，由P=UI，增氧机正常时通过的电流：I===5A；由表格知增氧机正常时流量为25m3/h，增氧机正常开机2h从环形喷口出水的体积：V=25m3/h×2h=50m3，27由ρ=，从环形喷口出水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×50m3=5×104kg．故答案为：5；5×104．【点评】本题考查电功率和密度公式的应用，熟练运用公式即可解答本题．关键是从表格中获取有用的信息． 17．（2022•梧州）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V3.6W”字样，R为定值电阻，闭合开关S1，断开S2，小灯泡正常发光，小灯泡的电阻为 10 Ω；若再闭合S2，发现电流表示数变化了0.4A，则R的阻值为 15 Ω．【考点】电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用．【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】根据P=计算正常发光时小灯泡的电阻；闭合S1，断开S2，为灯泡的基本电路，而小灯泡正常发光，因此电源电压等于灯泡的额定电压；两个开关都闭合时，为并联电路，电流表串联在干路上，因此电流表示数的变化为定值电阻R中通过的电流，再利用R=即可求出R的阻值；【解答】解：根据P=得正常发光时小灯泡的电阻：RL===10Ω；闭合S1，断开S2，小灯泡正常发光，因此电源电压U=U额=6V；再闭合S2，R与L并联电路，电流表示数变化了0.4A，即IR=0.4A，所以R的电阻：R===15Ω．故答案为：10；15．【点评】本题考查欧姆定律的计算公式和电功率的计算公式的灵活应用，本题的关键是会利用并联电路的互不影响的特点进行分析． 18．（2022•云南）如图所示的电路中R1＜R2，开关闭合后，电压表V的示数为8V．通过R1、R2的电流之比是 1：1 ，电压表V1的示数 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）4V．27【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测电源的电压，电压表V1测R1两端的电压．根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据欧姆定律结合两电阻的阻值关系得出它们两端的电压关系．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测电源的电压，电压表V1测R1两端的电压．因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R1、R2的电流之比为1：1；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I==，则电压表V1的示数：UV1=IR1=R1=×8V=×8V＜×8V=4V．故答案为：1：1；小于．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好不等式是解题的关键． 19．（2022•宁夏校级一模）小红同学在做“探究串联电路电压的规律”的实验时，连好了如图所示的电路，闭合开关S后发现L1正常发光，L2只能微弱发光，对产生这一现象的原因分析，你认为合理的是 A．灯泡L2发生了断路B．灯泡L2发生了短路C．由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小D．由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小说明理由： 灯L2的实际功率小于灯L1的实际功率 ．【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）用电器短路时，用电器不能工作；串联电路中发生断路时，所以用电器均不能工作；27（2）灯泡亮度由灯泡实际功率决定，L1正常发光，L2只能微弱发光，可判断出两灯实际功率的大小，由电路图可知，两灯泡串联，通过两灯泡的电流相等，根据电功率公式P=I2R分析灯泡电阻大小．【解答】解：A、灯泡L2发生了断路时，两灯泡均不能发光，故A错误；B、灯泡L2发生了短路时，L2不能发光，故B错误；CD、两灯泡串联，L1正常发光，L2只能微弱发光，说明灯L1的实际功率较大，灯L2的实际功率较小；但因两灯泡串联，通过两灯的电流相等，根据P=I2R可知，L1的电阻较大，L2的电阻较小，故C错误，D正确．故答案为：D；灯L2的实际功率小于灯L1的实际功率．【点评】本题主要考查的是学生对短路、断路的认识，以及对串、并联电路的电压、电流的特点的了解和掌握，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小． 20．（2022•河南）如图是某款电热水龙头的电路原理图．R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡之间的切换．当开关同时接触2、3触点时，水龙头放出的是 温 水（选填“冷”、“温”“热”）．若R2=2R1，水龙头在温水挡正常工作时电功率为2000W，则它在热水挡正常工作lmin消耗的电能为 1.8×105 J．【考点】电功的计算．【专题】压轴题；电能和电功率．【分析】根据P=分析解答，分析功率大小，确定状态；利用W=Pt求出正常工作时消耗的电能．【解答】解：当开关同时接触1、2触点时，两电阻出断路状态，电功率为零，水龙头出冷水；当开关同时接触2、3触点时，电路中只有R1接入电路，电路中的电阻最大，根据P=可知，在电压一定时，电功率最小，处于保温状态，水龙头放出的是温水；当开关同时接触3、4触点时，两电阻并联，电路中电阻最小，电功率最大，处于加热状态，水龙头出热水；因为R2=2R1，由P=可知，当电压相等时，R2消耗的功率为R1的，故R2功率为P2=×2000W=1000W，加热档位时的总功率为：P=P1+P2=2000W+1000W=3000W，在加热档正常工作1min消耗的电能为：W=Pt=3000W×60s=1.8×105J．故答案为：温；1.8×105【点评】此题主要考查学生对于电功率的理解，结合实际电路分析用电器的状态是能力的考查．27 三．解答题（共2题，每题3分，共6分）21、小明同学学习了家庭电路的知识后，他发现自己家电热器三只插脚，标有“E”字的插脚比其它两脚稍长一些，它比其它两脚稍长一些有什么好处？工作时，电热丝能把水烧滚烫而与之相连的导线却不热，这是为什么？【考点】焦耳定律在实际中的应用．【专题】电与热、生活用电．【分析】（1）出于安全的考虑．因为地线是用于漏电保护的，地线长些，可以在插入插头的时候地线先接通，拔出插头的时候地线后断开，即确保插头带电的时候总是处于地线接通的保护状态．（2）首先判断电水壶中的电阻丝与导线的连接方式，从而判断电流的大小和通电时间的关系，再来判断电阻的关系，最后根据焦耳定律进行分析．【解答】解：（1）标有“E”字的插脚比其它两脚稍长一些，好处是：可以在插入插头的时候地线先接通，拔出插头的时候地线后断开，即确保插头带电的时候总是处于地线接通的保护状态；（2）电水壶与导线串联，通过它们的电流相等，它们通电时间相同，电水壶的电阻比导线电阻大很多，根据公式Q=I2Rt，可知电热丝产生的热量比导线产生的热量多得多，电阻丝热得把水烧开，而与其相连接的导线却几乎不热．答：好处是：可以在插入插头的时候地线先接通，拔出插头的时候地线后断开，即确保插头带电的时候总是处于地线接通的保护状态；电水壶的电阻比导线电阻大，在电流和通电时间相同的情况下，电热丝放出的热量多．22、白炽灯泡的灯丝烧断后，再把灯丝搭接连通时，反而比原来更亮些，为什么？【考点】影响电阻大小的因素；电功率的计算．【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积和温度．【解答】答：灯丝断后再接通，长度变短，电阻R变小，而电源电压U未变，由P=U2/R可知，电功率变大，单位时间里产生的热量增多，故比原来更亮些．【点评】对于这类实际应用题目，要结合导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关，分析哪些因素变化导致电阻变大还是变小四、作图题（共2个小题，每题3分，共6分）23、【考点】串、并联电路的设计．【专题】电流和电路．【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了．【解答】解：先电源、指示灯、开关S1以及电阻串联，然后使开关S2与指示灯和开关S1并联；如图所示：【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起保护电路的作用．24、【考点】串、并联电路的设计．【专题】作图题；电流和电路．27【分析】根据题目中的要求：结合串并联电路中开关的控制作用即可知道电路的连接方式．由此设计出电路图．【解答】解：根据串并联电路的特点进行分析，开关S1控制整个电路，电动机M1与电动机M2工作时相互不影响，应为并联．灯和控制黑猫警长旋转的电动机M2串联，且由开关S2控制；电路图如下：【点评】会设计串联电路和并联电路，会根据电路图的正确画法画出相应的电路图，会用元件符号表示电路图．五、计算题（共2个小题，每题8分，共16分）25、（2022•来宾）如图所示电路图，电源电压6V保持不变，灯L2的电阻是10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数是0.3A，不考考虑温度对灯丝电阻的影响，求：（1）灯L1的阻值．（2）电流表A的示数．【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L1支路的电流．（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出灯L1的阻值；（2）根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出干路电流表的示数．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L1支路的电流．（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，灯L1的阻值：R1===20Ω；（2）因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R===Ω，27则干路电流表的示数：I===0.9A．答：（1）灯L1的阻值为20Ω；（2）电流表A的示数为0.9A．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，解题方式可以灵活，只要方法合理、结果正确即可．26、（2022•庆阳）如图所示，小灯泡L上标有“6V3W”字样，闭合开关，小灯泡正常发光，电流表示数为2A．求：（1）小灯泡L的电阻是多少？（2）通过R0的电流是多少？（3）电阻R0消耗的功率是多少？【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率的计算．【专题】电能和电功率．【分析】由电路图可知，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流．（1）根据小灯泡L上标有“6V3W”字样，利用R=可求得小灯泡L的电阻；（2）根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压可知电源的电压，根据P=UI求出小灯泡正常发光时的电流；然后根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流；（3）根据P=UI求出电阻R0消耗的功率．【解答】解：（1）由P=可得，小灯泡L的电阻R===12Ω；（2）由电路图可知，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流．因并联电路中各支路两端的电压相等，且小灯泡正常发光，所以，电源的电压U=UL=6V，由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流：IL===0.5A；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R0的电流：IR=I﹣IL=2A﹣0.5A=1.5A，（3）电阻R0消耗的功率：PR=UIR=6V×1.5A=9W．答：（1）小灯泡正常发光时的电流为0.5A．（2）通过R0的电流是1.5A；（3）电阻R0消耗的功率是9W．27【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．27、（2022•德阳）为了探究电流跟电压关系，王亮同学设计了图甲所示的电路．（1）请根据电路图，用笔画线代替导线将图乙中未连成完整的电路连接起来（导线不能交叉）．（2）调节滑片位置，改变定值电阻两端的电压，读出其中三组电流表、电压表的示数，如表（一）中所示．①由表（一）中的数据可知实验使用的定值电阻的阻值是 20 Ω．②由表（一）中的数据进行分析，可归纳出的结论是 电阻一定时，导体中的电流与它两端的电压成正比 ．表（一）次序123电压（V）2.04.06.0电流（A）0.10.20.3表（二）次序123电阻（Ω）51015电流（A）1.20.60.4（3）如果仍用图甲电路研究电流与电阻的关系，实验中当换用不同阻值的定值电阻后，每次应调节滑动变阻器的滑片，保持 定值电阻两端电压 不变．实验记录数据如表（二）所示，根据表（二）数据可得出的结论是 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 ．（实验器材使用正确，量程选用合理）．【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）由电路图电压表与定值电阻并联，电流表串联在电流中；（2）探究电流跟电压的关系时，要控制电阻不变，改变定值电阻两端的电压；由表格数据根据R=计算定值电阻的阻值，由分析表格数据得结论；（3）研究电流与电阻的关系时，要控制电压不变，换用不阻值的定值电阻进行实验；由表格数据总结出结论即可．【解答】解：（1）由电路图电压表与定值电阻并联，电流表串联在电流中，电流从电表的正接线柱流进，负接线柱流出，如图所示：27；（2）导体中的电流与导体电阻和导体两端电压有关．探究电流跟电压的关系，要控制电阻不变，改变定值电阻两端的电压，所以实验中要调节滑片位置，改变定值电阻两端的电压；由表格第一组数据：R===20Ω；由表格数据知，电阻不变，电压增大为原来的几倍，则电流也增大为原来的几倍，可得：电阻一定时，导体中的电流与它两端的电压成正比；（3）研究电流与电阻的关系时，要控制电压不变，换用不阻值的定值电阻进行实验，所以每次调节滑片应使定值电阻两端电压不变；由表格数据，电压增大的倍数与电流减小倍数相同，由此可得：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．故答案为：（1）见上图；（2）20；电阻一定时，导体中的电流与它两端的电压成正比；（3）定值电阻两端电压；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．【点评】此题是探究通过电阻的电流跟电阻和两端电压的关系，考查了实物连接，对实验数据的分析，注意控制变量法在实验中的应用，在写结论时，不要忘了控制的变量． 28（2022•青海）如图1所示，电源电压为6V，图甲为伏安法测电阻的电路图；图乙为连接不完整的实物图．（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来．（2）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是 C A．电流表的正、负接线柱接反B．电压表的量程选小了C．电阻Rx发生了短路D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路（3）电路连接正确后，闭合开关，若将滑片P向左移动时，电压表示数 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．（4）实验过程中，电流表和电压表的示数如图2所示，此时测得的Rx= 5 Ω．（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是 减小误差 ．【考点】伏安法测电阻的探究实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）根据电源的电压确定电压表的量程且与被测电阻并联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）电路的故障有两种：断路或短路，根据电压表和电流表的示数可做出判断；（3）滑片左移，电阻变小，分压变小，则电压表的示数会变大；27（4）读出电压表和电流表的示数，根据欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（5）在测量性实验中，要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，这样可减小误差．【解答】解：（1）电源电压为6V，所以电压表选大量程，且与电阻并联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；如图所示．（2）电流表有示数，说明电路是通路，电压表示数为0，说明电压表并联的部分发生了短路，所以只有选项C电阻Rx发生了短路符合题意．（3）电路连接正确后，闭合开关，若将滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小，所以分压变小，则定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大；（4）图中电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A；电压表的量程为0～15V，分度值为0.5V，示数为2.5V．由欧姆定律I=得，电阻Rx===5Ω．（5）该实验装置，进行多次测量，求出多组电压与电流值，由欧姆定律求出电阻值，然后求平均值，可以减小误差．故答案为：（1）见上图；（2）C；（3）变大；（4）5；（5）减小误差．【点评】本题考查了伏安法测电阻的原理、实验的注意事项、实物图的连接、电路的动态分析、电表的读数、欧姆定律的应用和减小实验误差的方法等，有一定的综合性． 29（2022•济南模拟）在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．（1）连接电路时开关应 断开 ，电流表的量程应选0～ 0.6 A．（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 A （选填“A”或“B”）端．（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 2.2 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．27（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W．【考点】探究用电器的电功率实验．【专题】实验题；压轴题．【分析】（1）为保证安全，连接电路时，开关应断开；电流表的量程根据灯泡规格确定．（2）连接实物图时，应注意电流表、电压表量程及电流方向，滑动变阻器要采用“一上一下”的接法；（3）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大；（4）读取电压表示数时，注意选择的量程和对应的分度值；要测量灯泡的额定功率，两端电压应该为额定电压．（5）已知额定电压和正常工作电流，利用P=UI计算灯泡的额定功率．【解答】解：（1）连接电路时，开关S应处于断开状态．灯泡正常发光时，通过的电流为I===0.25A，所以电流表选择0～0.6A量程．（2）电路大部分连接完成，由上面知道了选择的电流表的量程，只要将电流表的“0.6A”与灯泡左侧的接线柱连接即可．（3）为使滑动变阻器接入电路的电阻最大，应该使滑片位于距离B接线柱最远的位置，也就是处于A端．（4）电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应使电路电流变大，滑动变阻器阻值变小，由电路图知滑片应向B滑动．（5）由图象知U=2.5V时，I=0.2A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．故答案为：（1）断开；0.6；（2）实物连接如下图：（3）A；（4）2.2；B；（5）0.5．【点评】连接实物图时应注意：1、电压表、电流表的正负接线柱不要接反．2、注意电压表、电流表的量程不要接错．3、滑动变阻器的分压与限流接法，滑片移动时阻值的变化应符合题意要求．4、作图要美观，连线不要交叉． 27
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