云南省保山市腾冲八中2022学年高二化学上学期期末试题（含解析）

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云南省保山市腾冲八中2022学年高二化学上学期期末试题（含解析）

2022-08-25 11:33:08
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2022-2022学年云南省腾八中高二（上）期末化学试卷一、选择题（共17小题，每小题3分，满分51分）1．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）下列说法或表示方法正确的是（　　）　A．乙烯的结构简式CH2CH2　B．化学名词：乙酸乙酯、苯、油脂、坩锅　C．是一种烃　D．聚乙烯的化学式为考点：有机物的结构式；饱和烃与不饱和烃．专题：有机化学基础．分析：A、乙烯的结构简式中碳碳双键不能省略；B、坩埚；C、烃是指仅含有碳氢两种元素的化合物；D、乙烯通过加聚反应生成聚乙烯．解答：解：A、乙烯结构简式中碳碳双键不能省略，乙烯的结构简式为CH2═CH2，故A错误；B、钳锅应该为坩埚，故B错误；C、中含有碳、氢、硫三种元素，不属于烃，故C错误；D、乙烯通过加聚反应生成聚乙烯，聚乙烯的结构简式为，故D正确；故选D．点评：本题主要考查了结构简式、烃的判断、化学名称的正误判断，题目难度中等，注意掌握常见化学用语的表示方法．　2．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）下列说法中正确的是（　　）　A．常温下，淀粉遇I﹣变蓝色　B．油脂水解可得到氨基酸和甘油　C．所有烷烃和蛋白质中都只存在碳碳单键　D．淀粉和纤维素的组成都是（C6H10O5）n，水解最终产物都是葡萄糖考点：淀粉的性质和用途；烷烃及其命名；油脂的性质、组成与结构；纤维素的性质和用途．专题：糖类与蛋白质专题．分析：A．淀粉遇碘单质变蓝色；B．油脂是高级脂肪酸的甘油酯；C．甲烷存在碳碳单键；-18-\nD．淀粉和纤维素水解生成葡萄糖．解答：解：A．淀粉遇碘单质变蓝色，遇I﹣不变蓝色，故A错误；B．油脂是高级脂肪酸的甘油酯，所以水解后产生高级脂肪酸和甘油，故B错误；C．甲烷是最简单的烃，其分子中只含碳氢键，故C错误；D．淀粉和纤维素的组成都是（C6H10O5）n，水解产物都是葡萄糖，故D正确．故选D．点评：本题考查糖类、油脂蛋白质的性质，难度不大，注意甲烷是最简单的烃，其分子中只含碳氢键．　3．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）下列关于有机化合物的说法正确的是（　　）　A．乙醇和乙酸都存在碳氧双键　B．甲烷和乙烯都可以与氯气反应　C．高锰酸钾可以氧化苯和乙醛　D．乙烯可以与氢气发生加成反应，苯不能与氢气加成考点：常见有机化合物的结构；乙烯的化学性质．专题：有机反应．分析：A．乙醇中含C﹣OH；B．甲烷与氯气发生取代反应，乙烯与氯气发生加成反应；C．苯不与高锰酸钾反应；D．乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，苯能与氢气发生加成反应．解答：解：A．乙醇中含C﹣OH，则乙醇中不含C=O，而乙酸中含，故A错误；B．甲烷与氯气发生取代反应，乙烯与氯气发生加成反应，均能与氯气在不同条件下反应，故B正确；C．苯不与高锰酸钾反应，不能发生氧化反应，故C错误；D．乙烯可以与氢气发生加成反应，苯能与氢气发生加成反应，故D错误；故选B．点评：本题考查有机物的官能团及性质，熟悉常见有机物甲烷、乙烯、苯的性质即可解答，注重基础知识的考查，题目较简单．　4．（3分）（2022秋•工农区校级期末）可以用分液漏斗分离的一组液体混合物是（　　）　A．溴和四氯化碳B．苯和溴苯C．水和硝基苯D．苯和汽油考点：分液和萃取．专题：化学实验基本操作．分析：根据分液漏斗可以将互不相溶的两层液体分开，分析选项中物质的溶解性即可．解答：解：A、溴和四氯化碳互溶，不能用分液漏斗进行分离，故A错误；B、苯和溴苯互溶，不能用分液漏斗进行分离，故B错误；C、水和硝基苯不互溶，能用分液漏斗进行分离，故C正确；D、苯和汽油互溶，不能用分液漏斗进行分离，故D错误；故选：C；点评：本题考查了物质分离方法中的分液法，熟记物质的溶解性是解题的关键所在，难度不大．　-18-\n5．（3分）（2022春•黑龙江校级期末）2022年4月30日出现的亮菌甲素注射液引起多人中毒死亡的恶性事件．假药生产中原辅料中应有的“丙二醇”被换成廉价而有毒的化工原料“二甘醇”是致病人死亡的重要原因．二甘醇的结构简式是HO﹣CH2CH2﹣O﹣CH2CH2﹣OH．下列有关二甘醇的叙述正确的是（　　）　A．不能与金属钠发生反应B．能发生取代反应　C．能溶于水，不溶于乙醇D．符合通式CnH2nO3考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：HO﹣CH2CH2﹣O﹣CH2CH2﹣OH含﹣OH和﹣COC﹣，结合醇和醚的性质来解答．解答：解：A．含﹣OH，能与Na反应生成氢气，故A错误；B．含﹣OH，能发生取代反应，故B正确；C．该物质为有机物，能溶于乙醇，故C错误；D．其分子式为C4H10O3，不符合通式CnH2nO3，故D错误；故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团与性质的关系是解答的关键，侧重醇的性质的考查，题目难度不大．　6．（3分）（2022•西安二模）下列除去杂质的方法正确的是（　　）　A．除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，使乙烯转化成液态二氯乙烷而与乙烷分离　B．除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用氢氧化钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏　C．除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶　D．除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏考点：物质的分离、提纯和除杂．专题：实验评价题．分析：根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．解答：解：A、除去乙烷中少量的乙烯，光照条件下通入Cl2不能除去乙烯，应把混合气体通过溴水除去，故A错误；B、除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用氢氧化钠溶液洗涤乙酸乙酯会在氢氧化钠溶液中水解，起不到除杂的作用，故B错误；C、除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶，二氧化碳也会和碳酸钠反应被吸收，被提纯物质反应，故C错误；D、除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，乙酸和氧化钙反应生成醋酸钙，乙醇不反应，通过蒸馏控制沸点把乙醇蒸馏出来，符合除杂原则，故D正确；故选D．点评：本题考查了物质的分离与除杂，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键．　-18-\n7．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）已知卤代烃能发生下列反应：2CH3CH2Br+2Na﹣→CH3CH2CH2CH3+2NaBr．下列有机物可一步合成环丙烷（）的是（　　）　A．CH3CH2CH2BrB．CH3CHBrCH2Br　C．CH2BrCH2CH2BrD．CH3CHBrCH2CH2Br考点：有机物的结构和性质；有机物的合成．专题：有机化合物的获得与应用．分析：根据题目信息：2CH3CH2Br+2Na→CH3CH2CH2CH3+2NaBr，可知反应的原理为：碳溴键发生断裂，溴原子与钠形成氯化钠，与氯原子相连的碳相连形成新的碳碳键，若形成环状结构，分子中一定含有两个溴原子，据此完成解答．解答：解：A．CH3CH2CH2Br与钠以2：2发生反应生成CH3CH2CH2CH2CH2CH3，故A错误；B．CH3CHBrCH2Br与钠不能生成环状化合物，故B错误；C．CH2BrCH2CH2Br与钠以1：2发生反应生成环丙烷，故C正确；D．CH3CHBrCH2CH2Br与钠以1：2发生反应生成甲基环丙烷，故D错误；故选：C．点评：本题考查了卤代烃的反应，本题是以题给信息为背景，考查了学生获取信息、分析问题和解决问题的能力，题目难度不大．　8．（3分）（2022•茂名一模）有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列事实不能说明上述观点的是（　　）　A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应　B．乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应　C．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色　D．苯与硝酸在加热时发生取代反应，甲苯与硝酸在常温下就能发生取代反应考点：有机分子中基团之间的关系；乙烯的化学性质；苯的性质；苯的同系物；乙醇的化学性质；苯酚的化学性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A．羟基连接在不同的烃基上，性质可能不同；B．官能团不同导致，不是原子团间的相互影响导致；C．甲基连接在苯环上，可被氧化；D．甲苯与硝酸反应更容易，说明甲苯中苯环上H原子更活泼．解答：解：A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明羟基连接在苯环上时O﹣H易断裂，可说明羟基连接在不同的烃基上，性质不同，故A错误；B．乙烯中含有碳碳双键性质较活泼能发生加成反应，而乙烷中不含碳碳双键，性质较稳定，乙烷不能发生加成反应，所以乙烯和乙烷性质的不同是由于含有的化学键不同而导致的，故B正确；C．甲基连接在苯环上，可被氧化，说明苯环对甲基影响，故C错误；D．甲苯与硝酸反应更容易，说明甲基的影响使苯环上的氢变得活泼易被取代，故D错误．故选B．-18-\n点评：本题考查有机物的结构和性质，侧重于有机物原子之间的相互影响的规律，题目难度不大，注意相关知识的理解和积累．　9．（3分）（2022秋•中山期末）环扁桃醋具有松弛血管平滑肌，扩张血管的功能，其结构简式如图．下列对该物质叙述中，正确的是（　　）　A．该物质属于芳香烃　B．该有机物难溶于水　C．分子式为C17H23O3　D．1mol该物质最多可与2molNaOH发生反应考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：该有机物中含﹣OH、﹣COOC﹣及苯环等，结合醇、酯、苯的性质来解答．解答：解：A．芳香烃只含C、H元素，而该物质含O元素，则不属于芳香烃，故A错误；B．该物质属于酯化类物质，且烃基较大，则难溶于水，故B正确；C．由结构可知，该物质的分子式为C17H24O3，故C错误；D．该物质中只有﹣COOC﹣能与碱反应，则1mol该物质最多可与1molNaOH发生反应，故D错误；故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握结构与性质的关系，体会官能团决定性质的关系即可解答，题目难度不大．　10．（3分）（2022秋•景洪市校级期末）下列有机物发生的反应属于加成反应的是（　　）　A．乙烯使KMnO4溶液褪色　B．乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色　C．甲烷和氯气混合，见光　D．用乙醇、乙酸与浓H2SO4混合加热考点：取代反应与加成反应．专题：有机反应．分析：根据加成反应是有机物分子中的不饱和键发生断裂，不饱和原子直接与其它原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应．解答：解：A．乙烯使KMnO4溶液褪色，是高锰酸钾和乙烯发生了氧化反应的结果，故A错误；B．乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色，乙烯中碳碳双键断裂，结合Br原子，生成二溴乙烷，属于加成反应，故B正确；C．甲烷和氯气混合，光照，甲烷中的氢原子被氯原子代替，生成CH3Cl等氯代甲烷，属于取代反应，故C错误；D．乙醇和乙酸反应生成乙酸乙酯，属于取代反应，故D错误；故选：B．-18-\n点评：本题考查学生有机化学中的反应类型，注意各反应类型的特征是解题的关键所在，难度不大．　11．（3分）（2022秋•景洪市校级期末）在核磁共振氢谱图（1H核磁共振谱图）中，只有一个吸收峰的物质是（　　）　A．CH3CH2OHB．CH3CH2CH3C．CH2=CH﹣CH3D．CH3CH3考点：常见有机化合物的结构．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数．核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中的H原子都是等效的，只有1种H原子．解答：解：核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中的H原子都是等效的，只有1种H原子．A．CH3CH2OH中有3种不同的氢原子，核磁共振氢谱中有3个峰，故A错误；B．CH3CH2CH3有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个峰，故B错误；C．CH2=CH﹣CH3有3种H原子，核磁共振氢谱中有3个峰，故C错误；D．CH3CH3有1种H原子，核磁共振氢谱中有1个峰，故D正确．故选D．点评：本题考查核磁共振氢谱与有机物中氢原子的种类关系，题目难度不大，核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数．　12．（3分）（2022春•东胜区期末）某化合物的结构（键线式）及球棍模型如图1，该有机分子的核磁共振波谱图（部分）如图2（单位是ppm）．下列关于该有机物的叙述正确的是（　　）　A．该有机物不同化学环境的氢原子有8种　B．该有机物属于芳香族化合物　C．键线式中的Et代表的基团为﹣CH3　D．该有机物不可能发生消去反应考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．-18-\n分析：A．该有机物结构不对称，含8种位置的H原子；B．该有机物中不含苯环；C．Et代表﹣CH2CH3；D．含﹣OH，且与﹣OH相连的C的邻位C上含H．解答：解：A．该有机物结构不对称，含8种位置的H原子，所以核磁共振波谱图中有8种峰，故A正确；B．该有机物中不含苯环，则不属于芳香族化合物，故B错误；C．由结构及球棍模型可知，Et代表﹣CH2CH3，故C错误；D．含﹣OH，且与﹣OH相连的C的邻位C上含H，所以在一定条件下能够发生消去反应，故D错误；故选A．点评：本题考查有机物的结构和性质，侧重于有机物知识的综合应用，为高考常见题型，难度不大，注意把握有机物的结构特点和官能团的性质，为解答该题的关键．　13．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）某有机化合物仅由碳、氢、氧三种元素组成，其相对分子质量小于150，若已知其中氧的质量分数为50%，则分子中碳原子的个数最多为（　　）　A．4B．5C．6D．7考点：有关有机物分子式确定的计算；元素质量分数的计算．专题：压轴题；有机物分子组成通式的应用规律．分析：根据有机物相对分子质量及氧的质量分数为确定分子中氧原子数目，再计算碳原子、氢原子的相对原子质量之和，根据碳原子相对原子质量确定碳原子最大值．解答：解：相对分子质量小于150，氧的质量分数为可知，则分子中氧原子数目小于为=4.7，当有机物分子中含氧原子的数目为4时，有机物的相对分子质量最大，含碳原子个数也最多，此时，有机化合物中碳、氢的相对原子质量之和的最大值为等于氧原子的相对原子质量之和为4×16=64，设分子中含有x个C，y个H，则有12x+y=64，当y=4时，x=5，此时分子中碳原子的个数最多，所以分子中碳原子的个数最多为5．故选：B．点评：考查有机物分子式的确定，难度中等，确定有机物中氧原子的数目是具体关键．　14．（3分）（2022春•临海市校级期末）由两种烃组成的混合气体2L与足量的氧气充分反应后生成CO25L，H2O7L（所有体积都在120℃测定），则这两种混合气体的可能组成是（　　）　A．C2H4、C3H8B．CH4、C5H8C．CH4、C4H8D．C2H6、C3H8考点：有关混合物反应的计算；有关有机物分子式确定的计算．专题：计算题．分析：同温同压下，气体的体积之比等于物质的量之比，可得混合气体的最简式为C2.5H7，根据C原子可计算混合气体的物质的量之比，然后根据所求得的物质的量之比计算H原子数是否为7，以此解答．解答：-18-\n解：同温同压下，气体的体积之比等于物质的量之比，可得混合气体的最简式为C2.5H7，A、当C=2.5时，两种烃的物质的量之比为1：1，含H原子数为6，不符合，故A错误；B、当C=2.5时，两种烃的物质的量之比为5：3，含H原子数为5.5，不符合，故B错误；C、当C=2.5时，两种烃的物质的量之比为1：1，含H原子数为6，不符合，故C错误；D、当C=2.5时，两种烃的物质的量之比为1：1，含H原子数为7，符合，故D正确．故选D．点评：本题考查混合物的计算，题目难度中等，本意不能直接用最简式排除，应根据C的平均原子数计算H的平均原子数进行排除计算．　15．（3分）（2022春•黑龙江校级期末）下列物质是由3种氨基酸分子脱水缩合生成的四肽的结构简式：这种四肽彻底水解时，不可能产生的氨基酸是（　　）　A．B．C．NH2﹣CH2﹣COOHD．考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．专题：糖类与蛋白质专题．分析：构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，水解原理是羰基接羟基，氨基接氢．解答：解：根据一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，水解原理是羰基接羟基，氨基接氢可得产物为，，NH2﹣CH2﹣COOH．故选D．点评：本题考查蛋白质结构和氨基酸结构特点的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力，明确蛋白质水解原理是解题的关键，难度不大．　16．（3分）（2022秋•腾冲县校级期末）主链上有4个C原子的某烷烃有2种同分异构体，含有相同C原子数且主链上也有4个C原子的单烯烃的同分异构体有（　　）　A．2种B．4种C．5种D．7种考点：同分异构现象和同分异构体．专题：同分异构体的类型及其判定．-18-\n分析：先根据烷烃的条件，确定烷烃的分子式，然后再根据官能团位置异构确定烯烃的同分异构体．解答：解：第一步：确定该烷烃碳原子个数①主链为4个碳原子的烷烃，其支链只能是甲基（不可能是乙基，否则主链超过4个碳原子）．②主链为4个碳原子的烷烃，支链数最多4个（下面的0，是指该物质只有一种，没有同分异构体）甲基的个数同分异构体1个02个23个04个0③结论：该烷烃总共有6个碳原子，第二步：分析烯烃的同分异构体数目①双键在1号位，有以下3种C=C﹣C﹣C12342﹣乙基丁烯、2，3﹣二甲基丁烯、3，3﹣二甲基丁烯②双键在2号位，有1种C﹣C=C﹣C12342，3﹣二甲基﹣2﹣丁烯结论：共有4种．故选B．点评：本题主要考查了同分异构体的写法，能熟练书写1﹣6个碳的碳链异构；常规的书写方法：碳链异构→位置异构→类别异构．　17．（3分）（2022秋•中山期末）下列有机物中，既能发生加成反应，又能发生酯化反应，还能被新制Cu（OH）2悬浊液氧化的物质是（　　）　A．CH3=CH﹣CHOB．CH3CH2COOH　C．CH2=CH﹣COOCH3D．CH2OH（CHOH）4CHO考点：醛类简介；有机物的结构和性质．专题：有机反应．分析：能发生酯化反应，有机物中应含有﹣OH或﹣COOH，又能发生加成反应，有机物中应含有C=C或﹣CHO，且能和新制的Cu（OH）2反应，应含有﹣CHO，以此进行解答．解答：解；A、CH3=CH﹣CHO，分子中没有﹣OH或﹣COOH，不能够发生酯化反应，故A错误；B、CH3CH2COOH，分子中没有醛基，不能和新制的Cu（OH）2反应，故B错误；C、分子中没有醛基，不能够被新制Cu（OH）2悬浊液氧化，故C错误；D、CH2OH（CHOH）4CHO分子中含有羟基、羟基，既能发生加成反应，又能发生酯化反应，还能被新制Cu（OH）2悬浊液氧化，故D正确；故选D．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意根据官能团的性质判断有机物可能具有的性质．-18-\n　二、解答题（共6小题，满分49分）18．（6分）（2022秋•腾冲县校级期末）用Na、NaHCO3、Na2CO3、NaOH填空：某有机物的结构简式为（1）当与　NaHCO3　反应时，可转化为（2）当与　Na2CO3或NaOH　反应时，可转化为（3）当与　Na　反应时，可转化为．考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：（1）转化为，只有﹣COOH反应；（2）转化为，酚﹣OH、﹣COOH均反应；（3）转化为，醇﹣OH、酚﹣OH、﹣COOH都反应．解答：解：（1）转化为，只有﹣COOH反应，则选择试剂为NaHCO3，故答案为：NaHCO3；-18-\n（2）转化为，酚﹣OH、﹣COOH均反应，则选择试剂为Na2CO3或NaOH，故答案为：Na2CO3或NaOH；（3）转化为，醇﹣OH、酚﹣OH、﹣COOH都反应，则选择试剂为Na，故答案为：Na．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇、酚、羧酸性质的考查，注意转化中官能团的变化，题目难度不大．　19．（10分）（2022秋•景洪市期末）溴乙烷在不同溶剂中与NaOH发生不同类型的反应，生成不同的反应产物．某同学依据溴乙烷的性质，用图实验装置（铁架台、酒精灯略）验证取代反应和消去反应的产物，请你一起参与探究．实验操作Ⅰ：在试管中加入5mL1mol/LNaOH溶液和5mL溴乙烷，振荡．实验操作II：将试管如图固定后，水浴加热．（1）用水浴加热而不直接用酒精灯加热的原因是　溴乙烷沸点低，减少溴乙烷的损失　．（2）观察到　试管内溶液静置后不分层　现象时，表明溴乙烷与NaOH溶液已完全反应．（3）鉴定生成物中乙醇的结构，可用的波谱是　核磁共振氢谱　．（4）为证明溴乙烷在NaOH乙醇溶液中发生的是消去反应，在你设计的实验方案中，需要检验的是　乙烯　，检验的方法是　将生成的气体先通过盛有水的试管，再通入盛有KMnO4溶液的试管，KMnO4溶液褪色（或直接通入溴的四氯化碳溶液，溴水褪色）　（需说明：所用的试剂、简单的实验操作及预测产生的实验现象）．考点：溴乙烷的化学性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：（1）溴乙烷沸点低，溴乙烷易挥发，用水浴加热热均匀，减少溴乙烷的损失；（2）溴乙烷不溶于水，开始溶液分层，生成物乙醇、溴化钠都溶于水；（3）乙醇分子结构中有三种氢原子，它们的比为3：2：1；（4）无论发生取代反应还是消去反应，溶液中都会产生Br﹣，但生成的有机物不同，故应检验生成的有机物．解答：解：溴乙烷与氢氧化钠反应生成乙醇与溴化钠，反应方程式为CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr．（1）溴乙烷沸点低，溴乙烷易挥发，用水浴加热热均匀，减少溴乙烷的损失，-18-\n故答案为：溴乙烷沸点低，减少溴乙烷的损失；（2）溴乙烷不溶于水，开始溶液分层，生成的产物乙醇、溴化钠都易溶于水，当溶液分层消失，表明溴乙烷与NaOH溶液已完全反应，故答案为：试管内溶液静置后不分层；（3）乙醇分子结构中有三种氢原子，它们的比为3：2：1，利用核磁共振氢谱可检测，故答案为：核磁共振氢谱；（4）无论发生取代反应还是消去反应，溶液中都会产生Br﹣，但生成的有机物不同，溴乙烷发生消去反应生成乙烯，所以应检验生成的有机物乙烯；检验乙烯可根据其能使酸性KMnO4溶液或溴水褪色的原理来进行，可以采用洗气的装置，观察到酸性KMnO4溶液褪色且有气泡产生，溴水或溴的四氯化碳溶液褪色即可，故答案为：乙烯；将生成的气体先通过盛有水的试管，再通入盛有KMnO4溶液的试管，KMnO4溶液褪色（或直接通入溴的四氯化碳溶液，溴水褪色）．点评：本题考查了卤代烃的性质，注意溴乙烷发生取代反应，生成乙醇与氢溴酸；发生消去反应，生成乙烯和氢溴酸．　20．（10分）（2022秋•腾冲县校级期末）下表是A、B、C、D、E五种有机物的有关信息；ABCDE①能使溴的四氯化碳溶液褪色；②比例模型为：③能与水在一定条件下反应生成C①由C、H两种元素组成；②球棍模型为：①由C、H、O三种元素组成；②能与Na反应，但不能与NaOH溶液反应；③能与E反应生成相对分子质量为100的酯．①相对分子质量比C少2；②能由C氧化而成；①由C、H、O三种元素组成；②球棍模型为：根据表中信息回答下列问题：（1）A与溴的四氯化碳溶液反应的生成物的名称叫做　1，2﹣二溴乙烷　；写出在一定条件下，A生成高分子化合物的化学反应方程式　nCH2=CH2→　．（2）A与氢气发生加成反应后生成分子F，F在分子组成和结构上相似的有机物有一大类（俗称“同系物”），它们均符合通式CnH2n+2．当n=　4　时，这类有机物开始出现同分异构体．（3）B具有的性质是　②③　（填序号）：①无色无味液体、②有毒、③不溶于水、④密度比水大、⑤与酸性KMnO4溶液和溴水反应褪色、⑥任何条件下不与氢气反应；写出在浓硫酸作用下，B与浓硝酸反应的化学方程式：　　．（4）C与E反应能生成相对分子质量为100的酯，该反应类型为　酯化反应　；其化学反应方程式为：　CH3CH2OH+CH2=CHCOOHCH2=CHCOOCH2CH3+H2O　．（5）写出由C氧化生成D的化学反应方程式：　2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O　．考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．-18-\n分析：由上述信息可知，A为CH2=CH2，B为苯，C为CH3CH2OH，D为CH3CHO，E为CH2=CHCOOH，（1）乙烯与溴水发生加成反应，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯；（2）乙烯与氢气加成生成乙烷，烷烃中从丁烷开始出现同分异构体；（3）结合苯的性质来解答；（4）C与E反应发生酯化反应；（5）乙醇催化氧化生成乙醛．解答：解：由上述信息可知，A为CH2=CH2，B为苯，C为CH3CH2OH，D为CH3CHO，E为CH2=CHCOOH，（1）乙烯与溴水发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，该反应为nCH2=CH2→，故答案为：1，2﹣二溴乙烷；nCH2=CH2→；（2）乙烯与氢气加成生成乙烷，烷烃中从丁烷开始出现同分异构体，丁烷中n=4，故答案为：4；（3）苯的性质为①无色芳香气味液体、②有毒、③不溶于水，在一定条件下与氢气发生加成反应，不与高锰酸钾、溴水反应，易发生取代反应，苯的硝化反应为，故答案为：②③；；（4）C与E反应发生酯化反应，该反应为CH3CH2OH+CH2=CHCOOHCH2=CHCOOCH2CH3+H2O，故答案为：酯化反应；CH3CH2OH+CH2=CHCOOHCH2=CHCOOCH2CH3+H2O；（5）乙醇催化氧化生成乙醛，该反应为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物中的官能团与性质的关系，熟悉常见有机物的性质即可解答，侧重反应的考查，题目难度不大．　21．（6分）（2022秋•腾冲县校级期末）已知溴乙烷跟氰化钠反应后再水解可以得到丙酸：CH3CH2BrCH3CH2CNCH3CH2COOH产物分子比原化合物分子多了一个碳原子，增长了碳链．请根据如下关系回答问题．-18-\nF分子中含有8个原子组成的环状结构．（1）反应①②③中属于取代反应的是　②③　（填反应代号）．（2）写出下列有机物的结构简式E：　　，F：　　．考点：卤代烃简介；有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A分子式为C3H6，能与溴发生反应生成B，B水解得到的D可以连续发生氧化反应，则A为CH3CH=CH2，B为CH3CHBrCH2Br，D为CH3CH（OH）CH2OH，G为CH3COCHO，H为CH3COCOOH，B发生信息中反应生成C为CH3CH（CN）CH2CN，C发生水解反应生成E为，E与D发生酯化反应生成的F分子中含有8个原子组成的环状结构，则F为，据此解答．解答：解：A分子式为C3H6，能与溴发生反应生成B，B水解得到的D可以连续发生氧化反应，则A为CH3CH=CH2，B为CH3CHBrCH2Br，D为CH3CH（OH）CH2OH，G为CH3COCHO，H为CH3COCOOH，B发生信息中反应生成C为CH3CH（CN）CH2CN，C发生水解反应生成E为，E与D发生酯化反应生成的F分子中含有8个原子组成的环状结构，则F为，（1）反应①丙烯与溴发生加成反应生成CH3CHBrCH2Br，反应②是CH3CHBrCH2Br发生取代反应生成CH3CH（OH）CH2OH，反应③是CH3CHBrCH2Br与NaCN发生取代反应生成CH3CH（CN）CH2CN，故答案为：②③；-18-\n（2）化合物E为；与CH3CH（OH）CH2OH发生酯化反应生成的F分子中含有8个原子组成的环状结构，则F为；故答案为：；；点评：本题考查有机物推断，注意根据反应条件进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等．　22．（5分）（2022秋•腾冲县校级期末）（1）分子式为C5H11Br的有机物A与稀NaOH溶液共热后生成有机物B，B能与金属钠反应放出气体，但不能发生消去反应．C与B互为同分异构体，C分子中含有三个甲基，且分子内脱水可生成两种不同的烯烃．则A的结构简式为　C（CH3）3CH2Br　；写出符合题意的C可能的结构简式为　CH3CH（CH3）OHCH2CH3　、　CH（CH3）2CHOHCH3　．（2）有机物M（C6H8O4）为食品包装纸的常用防腐剂，能使溴水褪色；M难溶于水，但在酸性条件下可发生水解反应得到N（C4H4O4）和甲醇．N结构中没有支链，能与氢氧化钠溶液反应．则由N制M的化学方程式为　HOOCCH=CHCOOH+2CH3OHCH3OOCCH=CHCOOCH3+2H2O　．考点：有机化合物的异构现象；有机物分子中的官能团及其结构．分析：（1）C5H11Br的有机物A与稀NaOH溶液共热后生成有机物B，B能与金属钠反应放出气体，说明A在氢氧化钠水溶液中发生水解生成B为醇类，分子式为：C5H11OH，B不能发生消去反应，说明和羟基相连的邻碳上没有氢原子，所以B的结构简式为：C（CH3）3CH2OH，由此可知A的结构简式为：C（CH3）3CH2Br，C分子含3个甲基，且分子内脱水生成两种烯烃，说明和羟基相连邻碳上有两种氢原子，据此书写同分异构体；（2）根据M能在酸性条件下水解成N和CH3OH，可知M为酯类化合物，N为羧酸．根据N的分子式为C4H4O4，可知每分子N中含2个﹣COOH．N分子比同碳原子的饱和二元羧酸（如HOOCCH2CH2COOH）少两个H原子，可知N中除有羧基外，还有C=C键，确定N是不饱和二元羧酸，且N分子中没有支链，应为HOOCCH=CHCOOH，M是不饱和酯，应为CH3OOCCH=CHCOOCH3，以此解答该题．解答：解：（1）C5H11Br的有机物A与稀NaOH溶液共热后生成有机物B，B能与金属钠反应放出气体，说明A在氢氧化钠水溶液中发生水解生成B为醇类，分子式为：C5H11OH，B不能发生消去反应，说明和羟基相连的邻碳上没有氢原子，所以B的结构简式为：C（CH3）3CH2OH，由此可知A的结构简式为：C（CH3）3CH2Br，C分子含3个甲基，且分子内脱水生成两种烯烃，说明和羟基相连邻碳上有两种氢原子，满足条件的同分异构体为：CH3CH（CH3）OHCH2CH3、CH（CH3）2CHOHCH3，故答案为：C（CH3）3CH2Br；CH3CH（CH3）OHCH2CH3；CH（CH3）2CHOHCH3；-18-\n（2）根据M能在酸性条件下水解成N和CH3OH，可知M为酯类化合物，N为羧酸．根据N的分子式为C4H4O4，可知每分子N中含2个﹣COOH．N分子比同碳原子的饱和二元羧酸（如HOOCCH2CH2COOH）少两个H原子，可知N中除有羧基外，还有C=C键，确定N是不饱和二元羧酸，且N分子中没有支链，应为HOOCCH=CHCOOH，M是不饱和酯，应为CH3OOCCH=CHCOOCH3，HOOCCH=CHCOOH与甲醇发生酯化反应的方程式为HOOCCH=CHCOOH+2CH3OHCH3OOCCH=CHCOOCH3+2H2O，故答案为：HOOCCH=CHCOOH+2CH3OHCH3OOCCH=CHCOOCH3+2H2O．点评：本题考查有机物的推断和同分异构体的书写，题目难度不大，注意根据有机物结构和性质推断有机物的结构简式，答题时注意把握官能团的性质．　23．（12分）（2022秋•腾冲县校级期末）有机化合物中当某一碳原子同时连在两个﹣OH是一种不稳定结构，会自动转化为稳定结构，例如：现有分子式为C9H8O2X2（X为一未知元素）的物质M，可在一定条件下发生下列反应：试回答下列问题：（1）X为　Br　（填元素符号）；反应①的反应类型是　水解反应　．（2）写出M的结构简式：　　．（3）写出由A→C的化学反应方程式：　2CH3OH+O22HCHO+2H2O　．（4）写出与E互为同分异构体，且同时符合下列四个条件的有机物的结构简式：　　、　　．①含酯基；②含酚羟基；③不能发生银镜反应；④苯环上的一氯取代物只有2种．考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：M和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成A、B和-18-\n，B和硝酸酸化的硝酸银溶液反应生成淡黄色沉淀AgBr，则B为NaBr，同时说明M中X元素为Br元素，A能连续被氧化，说明A为醇，生成的D为酸，酸能和银氨溶液发生银镜反应，说明D为HCOOH，则A为CH3OH、C为HCHO；M中只含两个O原子，且M属于酯，说明M中含有酯基，根据知，M为苯甲酸酯，而中的醛基是由两个醇羟基失水形成的，则M中两个﹣Br位于同一个C原子上，其结构简式为，和新制氢氧化铜悬浊液反应生成F，F结构简式为，酸化后再和氢气发生加成反应生成E，根据E分子式知，E的结构简式为，据此分析解答．解答：解：M和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成A、B和，B和硝酸酸化的硝酸银溶液反应生成淡黄色沉淀AgBr，则B为NaBr，同时说明M中X元素为Br元素，A能连续被氧化，说明A为醇，生成的D为酸，酸能和银氨溶液发生银镜反应，说明D为HCOOH，则A为CH3OH、C为HCHO；M中只含两个O原子，且M属于酯，说明M中含有酯基，根据知，M为苯甲酸酯，而中的醛基是由两个醇羟基失水形成的，则M中两个﹣Br位于同一个C原子上，其结构简式为，和新制氢氧化铜悬浊液反应生成F，F结构简式为，酸化后再和氢气发生加成反应生成E，根据E分子式知，E的结构简式为，（1）通过以上分析知，X为Br元素，反应①的反应类型是水解反应，故答案为：Br；水解反应；（2）通过以上分析知，M的结构简式为：，故答案为：；（3）A是甲醇、C是甲醛，甲醇在铜作催化剂、加热条件下发生氧化反应生成甲醛，反应方程式为，故答案为：2CH3OH+O22HCHO+2H2O，故答案为：2CH3OH+O22HCHO+2H2O；-18-\n（4）E为，E互为同分异构体同时符合下列四个条件①含酯基，②含酚羟基，③不能发生银镜反应说明不是甲酸酯，④苯环上的一氯取代物只有2种，说明两个取代基位于对位，符合条件的同分异构体有、，故答案为：；．点评：本题考查有机物推断，侧重考查分析、推断、知识迁移能力，正确推断A的结构是解本题关键，注意结合题给信息解答，以D为突破口进行推断，难点是同分异构体种类的判断．　-18- 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