上海市长宁区2021年中考物理一模试卷解析版

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上海市长宁区2021年中考物理一模试卷解析版

2023-09-22 08:30:01
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中考物理一模试卷一、单项选择题〔共10题；共20分〕1.一杯水倒出一半后，不变的物理量是〔〕A.体积B.质量C.重力D.密度2.载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了〔〕A.增大压力B.增大压强C.减小压力D.减小压强3.滑动变阻器实现变阻是通过改变连入电路中电阻丝的〔〕A.电压B.电流C.长度D.材料4.以下装置工作时不能看作连通器的是〔〕A.血压计B.液位计C.船闸D.茶壶5.九年级第一学期物理课本的质量约为〔〕A.16千克B.1.6千克C.0.16千克D.0.016千克6.家庭电路中使用的用电器越多，那么电路的〔〕A.总电流越小B.总电阻越小C.总电功越小D.总电功率越小7.重为5牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出重为4牛的水。那么小球受到的浮力大小〔〕A.一定小于4牛B.一定等于4牛C.可能等于5牛D.可能大于5牛8.在图〔a〕、〔b〕所示的电路中，所有元件均完好，电源电压相等且保持不变。现有两个电流表的示数一样，那么以下判断正确的有〔〕①R1一定大于R3；②R2一定大于R4；③R2可能小于R3；④R1可能小于R4A.一个B.二个C.三个D.四个9.在图示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，以下说法正确的选项是〔〕A.电流表A的示数变小B.电压表V与电流表A示数的比值不变C.电压表V的示数变小D.电压表V与电流表A示数的乘积不变1/12n10.如下图，甲、乙两个均匀正方体对水平地面的压强相等，现沿水平方向在它们的上局部切去一样的体积，并将切去局部叠放在对方剩余局部上，此时甲、乙剩余局部对地面的压力F甲、F乙和压强p甲、p乙关系是〔〕A.F甲<F乙p甲<p乙B.F甲>F乙p甲<p乙C.F甲<F乙p甲>p乙D.F甲>F乙p甲>p乙二、填空题〔共7题；共18分〕11.上海地区家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器是________的〔选填“串联〞或“并联〞〕，正常工作时，它们两端的电压为________伏，消耗的电能用________表测量。12.欧姆首先提醒了同一导体中电流与________的关系；________首先用实验测出了大气压强的值：海拔高度越高，大气压强越________。3帕，它表示该处每平方米面积上受到水的________为9.8×103牛；该处的深度为________米；假设深度增加，那么水的压强将________〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕.14.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为________安，这段时间内电流做功________焦；假设通过该导体的电流变为0.6安，其电阻为________欧.15.物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛，其受到浮力的大小为________牛，物块所受浮力与重力的合力大小为12牛，它所受重力的大小为________牛．根据图示中轮船上的“吃水线〞排列情况，可以判断：印度洋海水密度________北冰洋海水密度〔选填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕．16.为了节能环保，LED灯已被广泛使用。右表为两只一样材质LED白光灯的局部技术指标，可知：两灯均正常工作时，________灯较亮〔选填“甲〞或“乙〞〕；通过甲灯的电流为________安。1度电可供乙灯连续正常工作________小时。LED灯甲乙额定电压〔伏〕36220额定功率/瓦9117.在如下图的电路中，R1、R2为定值电阻且阻值相等，电源电压为U且不变。闭合开关S后，电路正常工作，电流表示数为I。一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。电路中只有一处故障，且发生在电阻R1或R2上。请写出两电表的示数及其对应的故障________。2/12n三、实验题〔共5题；共25分〕18.气体压强与哪些因素有关呢？小明宏观上根据生活经历：“自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎〞和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩〞，提出猜测：气体压强可能与气体的________和________有关。为了从微观上认识，他查阅资料发现：气体压强的大小与气体分子动能、分子密集程度有关。他用豆粒模拟气体分子，如下图，其中豆粒释放高度可以反映气体分子动能，豆粒数量可以反映气体分子密集程度。为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系，应该进展的操作是：________。19.“测定小灯泡的电功率〞实验的原理是________，实验中，所选电源电压应________小灯泡的额定电压〔选填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕；使用电流表时，所测电流不得超过它的________。为达成实验目的，________〔选填“需要〞或“不需要〞〕使用滑动变阻器。20.小华同学“探究液体内部压强与哪些因素有关〞的实验过程如下图，他正在探究液体内部压强与________的关系，由测量结果U形管两边________，可知液体内部压强与该因素无关。图示为“验证阿基米德原理〞实验的操作和测量结果，为达成实验目的，需由(a〕、(c)两图得出物体受到的浮力F浮=________；需由(b〕、(c)两图得出________=。21.现有电源〔其电压为2伏整数倍〕、两个电流表、一个10欧的定值电阻R，一个待测电阻Rx，小明想利用现有器材测出待测电阻的阻值，于是他设计连接了如图〔a〕所示的电路：3/12n〔1〕小明将两个电流表分别接入a、b、c中的两点，闭合开关，两电表示数如图〔b〕、〔c〕所示，请判断电流表A2接入的位置，并说明理由。〔2〕求出待测电阻Rx的阻值。〔请写出过程〕〔3〕小红同学认为小明同学的实验结果可能存在较大的误差，理由是________。为了减小误差，可进展的操作是：________A．换不同电压的电源继续实验B．换不同阻值的定值电阻继续实验C．换其他待测电阻继续实验22.为了探究柱体A逐渐浸入柱形容器内的水中时〔水没有溢出〕，弹簧测力计示数F的变化情况。现有底面积为100厘米的薄壁柱形容器，容器内装有深度为20厘米的水，放在水平桌面上，实心柱体A高H为20厘米。如下图，小明将柱体A通过细线挂在弹簧测力计下，从柱体A按触水面开场，将液面到柱体下外表的距离h、相应的弹簧测力计示数F、物体重力G与F的差值ΔF记录在表一中，〔不计细线的重力〕表一实验序号12345678h/cm02468101214F/N8765432101234567〔1〕分析比拟实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，________；〔2〕分析比拟实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，________；〔3〕柱体A的重力为________牛，实验序号6的实验时，A下外表所受液体压力为________牛；〔4〕小红同学想在小明实验的根底上继续进展实验，她预设的数据如表二所示，小明看了以后认为这两次实验无法进展，表二4/12n实验序号910h/cm1820F/N//F〔N〕//你认为小明的观点是________的〔选填“正确〞或“错误〞〕，理由是________。四、作图题〔共3题；共12分〕23.在图中，重为6牛的小球静止在水面上，用力的图示法画出该球所受的浮力F浮．24.在如图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处。要求：开关S闭合后R与L串联，且电压表测小灯L两端的电压。25.在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片自中点向左移动时，电流表的示数不变且不为零。五、计算题〔共4题；共40分〕26.体积为的铁球浸没在水中，求铁球受到的浮力。27.某人的质量为70千克，当他在水平地面上行走时：〔1〕求他对地面的压力F。〔2〕假设他每只鞋底的触地面积为0.02平方米，求他对地面的压强p。28.在图(a)所示电路中，电源电压为24V且保持不变，滑动变阻器R上标有“50Ω1.5A〞字样，电表的表盘如图(b)所示。闭合开关S后，电流表A的示数为0.7A，电压表V的示数为10V。求：5/12n〔1〕变阻器R2消耗的电功率P2；〔2〕定值电阻R1的阻值；〔3〕在电路平安的条件下，电路中最大电流与最小电流的比值。29.如下图，薄壁圆柱形容器A、B分别置于高度差为h的两个水平面上，容器均足够高，A中盛有深度为16h的液体甲，B中盛有深度为19h的液体乙。〔ρ乙=0.8×103千克/米3〕求：物体密度×103千克/米体积×103米3〕3C43D23〔1〕假设液体乙的体积为5×103米3，求液体乙的质量m乙；〔2〕假设在图示水平面MN处两种液体的压强相等。现有二个物体C、D，其密度、体积的关系如下表所示。请选择其中一个，将其放入容器A或B中后〔物体均能浸没在液体中〕，可使液体对容器底部压强增加量Δp液与水平面受到的压强增加量Δp地的比值最大。写出选择的物体和容器并说明理由，求出Δp液与Δp地的最大比值。6/12n答案解析局部一、单项选择题1.【解析】【解答】杯水倒出一半后，由于瓶内所含的水减少，质量、体积、重力都会变小，但密度不变.故答案为：D.【分析】质量是物体本身的一种属性，不随物体形状、状态和位置变化而变化的；当所含物质的多少发生变化，质量也变化，重力也会变化，质量减少，体积也会减少，但密度不随质量而变化，同种物质密度是不变的．2.【解析】【解答】载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了是为了在压力一定时，增大受力面积来减小坦克对地面的压强.故答案为：D.【分析】减小压强的方法：当压力一定时，增大受力面积；当受力面积一定时，减小压力；在条件允许的情况下，可以同时减小压力、增大受力面积．3.【解析】【解答】滑动变阻器是利用了改变接入电路中电阻线的长度，改变接入电路中的电阻，从而改变电路中的电流的．通过改变长度来改变电阻，会使电路中的电流和电压发生改变，电流和电压的变化只是电阻变化的结果．故答案为：C【分析】导体的电阻是本身的一种属性，与外加的电压和流过它的电流没有关系，导体本身的长度、材料、横截面积有关，长度越长、横截面积越小，导体的电阻就越大。4.【解析】【解答】B液位计是利用连通器的原理制成的；C.船闸的上游阀门翻开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门翻开时，下游和闸室构成连通器；D茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器；只有A血压计不能看做连通器.故答案为：A.【分析】连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．5.【解析】【解答】一个苹果的质量约160g左右，即0.16kg，九年级第一学期物理课本的质量与此差不多。故答案为：C。【分析】该题目考察的是物体质量的估计，平时注意积累记忆即可。6.【解析】【解答】A．家庭电路中，各用电器是并联的，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，因此家庭电路中使用的用电器越多，总电流越大，A不符合题意；B．并联电路中，支路越多，电路的总电阻越小，B符合题意；C．影响总电功的因素除了用电器的电功率之外，还与用电器工作的时间有关，C不符合题意；D．家庭电路中使用的用电器越多，其总功率等于各用电器功率之和，因此总功率越大，D不符合题意。故答案为：B。7/12n【分析】电路中并联的用电器越多，总电阻越小，干路电流越大，导线分得的电压越大，用电器分得的电压越小。7.【解析】【解答】当烧杯中盛满水时，溢出的水重即为排开水的重，所以由阿基米德原理可知，小球受到的浮力为4N。当烧杯中没有盛满水时，把小球放入后才溢出水，溢出4牛的水，说明物体排开水的重力大于4N，所以浮力大于4N；此时假设小球漂浮或悬浮在水中，小球受到的浮力等于小球重；假设小球下沉，小球受到的浮力小于其重力。由此可知小球受到的最大浮力为5N。由上述分析可知小球受到的浮力范围为：4N~5N。ABD不符合题意，C符合题意。故答案为：C。【分析】当物体处于漂浮或悬浮状态时，物体受到的重力等于浮力。8.【解析】【解答】A1、A2示数为同一电路中干路电流和支路电流，不可能相等，现有两个电流表的示数一样，电源电压相等且保持不变，A1、A3示数可能相等，那么R1一定大于R3、R4，R2与R3、R4无法比拟；A2、A3示数可能相等，那么R1、R2中的电流小于A3，R1、R2一定大于R3、R4；故①③正确，②④错误。故答案为：B。【分析】并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，用电器分得的电流与电阻成反比。9.【解析】【解答】当开关S由断开到闭合时，灯泡被短路，电路中电流增大，电压表示数增大，电压表V与电流表A示数的乘积变大，电压表V与电流表A示数的比值为定值电阻阻值，不会变化。故答案为：B。【分析】分析电路构造，定值电阻和灯泡是串联关系，电流相等，用电器电压之和为电源电压，明确电流表和电压表的测量对象，利用串联电路电压规律和欧姆定律求解即可。10.【解析】【解答】地面上放置的正方体物体，地面受到的压强p＝=====ρgh甲、乙对地面的压强相等，那么ρ甲gh甲=ρ乙gh乙因为h甲＞h乙，所以ρ甲＜ρ乙。切去一样的体积V甲=V乙，因为ρ甲＜ρ乙，根据m＝ρV所以切去的质量m甲＜m乙，将切去局部叠放在对方剩余局部上，对于甲：受力面积不变，对地面的压力为F甲＇=F甲+m乙g－m甲g比原来的变大，由p=知甲对地面的压强变大。同理，乙对地面的压强变小。根据F=pS可知：p甲>p乙，S甲＞S乙，剩余局部对地面的压力F甲>F乙。故答案为：D。【分析】处在水平面上的物体，物体对桌面的压力等于重力，结合压强的定义式p=F/S求解物体产生的压强，其中F是压力，S是受力面积。二、填空题8/12n11.【解析】【解答】家庭电路中，电灯、电视机、电扇都是家用电器，家用电器之间是并联的，工作时互不影响；我国家庭电路电压是220V，故他们在工作时正常的电压都是220V。家用电器工作时，消耗的是电能，电能用电能表来测量。【分析】家庭电路中的电压为220v，用电器与开关是串联关系，所有的用电器都是并联关系；电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪器。12.【解析】【解答】欧姆首先提醒了同一导体中，即电阻一定时，通过导体的电流和电压的关系。托里拆利实验利用水银测定了大气压的值，水银密度大，很小的高度就会产生较大的压强，操作更方便。大气压随高度的变化而变化，海拔高度越高，空气越稀薄，大气压强越小。【分析】欧姆给出了电流、电压、电阻三者之间的定量关系，即欧姆定律；马德保半球实验最早证明了大气压的存在，托里拆利最早给出了大气压的数值，一个标准大气压为1.013×105Pa；大气压强是地球大气层受到重力而产生的，随着海拔高度的增加而降低。13.【解析】【解答】压强是表示物体单位面积上所受压力的物理量，压强为9.8×103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8×103牛，根据p＝可得h＝1m，因为液体压强随深度的增加而增大所以假设深度增加，那么水的压强将变大.故答案为：压力；1；变大.【分析】压强表示该处每平方米面积上受到水的压力；由p＝ρgh可知，液体深度越大，压强越大，代入数据可求出液体的深度.14.【解析】【解答】通过该导体的电流为I＝＝0.5A；这段时间内电流做的功为W＝UQ＝6V×5C＝30J；导体的电阻为R＝＝12Ω.故答案为：0.5；30；12.【分析】利用公式计算电流大小；利用W＝UQ计算电流做的功；利用欧姆定律的变形公式计算导体的电阻.15.【解析】【解答】解：〔1〕物体受到浮力：F浮=F向上﹣F向下=15N﹣5N=10N；〔2〕由题知，F浮﹣G=12N或F浮+G=12N，所以G=12N+F浮=12N+10N=22N，〔3〕由于轮船在大西洋与印度洋都处于漂浮，那么F浮=G，所以浮力相等；由图可知，轮船排开海水的体积：V印度洋＞V大西洋，由F浮=ρ液gV排可知，ρ印度洋＜ρ大西洋．故答案为：〔1〕10；〔2〕22；〔3〕小于．【分析】根据物体受到的力的重力和浮力的合力进展计算，浮力和液体密度、排开的液体体积有关，浮力一定时，排开的体积越大，液体的密度越小.16.【解析】【解答】由表格信息可知，两灯均正常工作时，甲灯的电功率为9W，乙灯的电功率为1W，决定灯泡亮度的是灯泡的实际功率，所以甲灯更亮。通过甲灯的电流为1度电，即1kW·h，可供乙灯连续正常工作时间为【分析】灯泡的实际功率越大，灯泡越亮；结合用电器的额定功率和额定电压，利用功率的变形公式I=P/U求解用电器的电流即可；结合电功和功率相除即为工作时间。9/12n17.【解析】【解答】由题意可知，电压表测的是R2两端的电压；假设R1短路，那么电压表测的是电源电压，电压表的示数变大，根据可知，电路中的总电阻变小，那么电流变大，即电流表的示数变大，两电表的示数都变大，这与题意不符合，故不可能是R1短路；假设R1断路，那么没有电流流过R1、R2和电流表，电流表示数为零，电压表的示数也为零，即两表的示数都变小，这与题意不符合，故不可能是R1断路；假设R2短路，那么电压表的示数变小，变为零，电路中的总电阻变小，根据可知，电流变大，这与题意相符合，由题意可知，而R2短路后即电流表的示数是2I；假设R2断路，那么没有电流流过电流表，电流表示数变小为零，电压表测的是电源电压U，电压示数变大，这与题意相符合。【分析】分析电路构造，两个定值电阻是串联关系，结合电流表、电压表示数的变化，分析电路存在的故障即可。三、实验题18.【解析】【解答】小明宏观上根据生活经历：“自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎〞和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩〞，暴晒是探究温度的影响，针筒内体积变化是探究体积的影响，故提出猜测：气体压强可能与气体的温度和体积有关。为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系，将不同数量的豆粒从同一高度〔在一样时间〕内连续释放，使它们落在台秤上。【分析】气体压强可能与气体的温度和体积有关；探究气体压强与气体分子密集程度的关系，保保持高度一样，改变个数多少。19.【解析】【解答】“测定小灯泡的电功率〞需要测量电压和电流，实验的原理是P=UI。实验中，所选电源电压应大于小灯泡的额定电压，否那么小灯泡不能正常发光。使用电流表时，所测电流不得超过它的量程，否那么会损坏电流表。实验过程中，要改变灯泡两端电压，需要使用滑动变阻器。【分析】测量小灯泡功率的原理即为功率公式P=UI；利用功率公式P=UI求解即可；电压表的量程不能低于灯泡的额定电压。20.【解析】【解答】由图可知，三个容器中液体一样，深度一样，但是橡皮膜的方向不同，故此实验探究液体内部压强与方向的关系。由图可以发现液面高度差一样，说明液体内部压强与该因素无关。浸入液体中的一切物体都会收到浮力的作用，即用测力计时，在水中比在空气中减小的值即为该物体所受浮力大小，故放入物体后，排开液体的体积为那么排开液体的重力为【分析】探究液体内部的压强需要用到U形管连通器，可以通过改装内部左右两个液面高度差来衡量液体内部的大小，表达了转换法的思想；求解浮力的大小，可以利用称重法求解；结合物体排开液体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求解物体受到的浮力即可。21.【解析】【解答】(1)图〔b〕中的电流表A1所选的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，那么示数为0.4A；图〔c〕中的电流表A2所选的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，那么示数为0.1A；那么电流表A2示数小于10/12n电流表A1示数；由电路图可知：a、c两点分别在支路上，b在干路上，那么根据并联电路中干路电流等于各个支路电流之和可知：并联电路中干路电流大于支路电流，所以，电流表A2接入的位置是a或c；假设电流表A2接入的位置是a点，电源电压U=I2R=0.1A×10Ω=1V由于电源电压为2伏整数倍，所以，电流表A2接入的位置不是a点，是c点。(3)只做了一组实验，误差较大。实验中，存在着实验误差；为了减小误差，还需进展的操作通过改变待测电阻两端电压和通过它的电流，多测几组数据，屡次测量取平均值的方法，减小误差，故可进展的操作是换不同电压的电源继续实验。故答案为：A。【分析】〔1〕并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，干路电流大于支路电流；〔2〕并联电路中，各支路两端的电压都相等，等于电源电压，利用电流规律求解电流，利用欧姆定律求解电阻即可；〔3〕为了减小测量时产生的误差，可以通过屡次测量取平均值来实现。22.【解析】【解答】(1)分析比拟实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，h越大，F越小。(2)分析比拟实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，ΔF与h成正比。(3)由实验序号1可知，物体重力为8N。实验序号6的实验时，弹簧测力计示数为3N，物体重力为8N，下外表受到液体的压力为5N。(4)小明的观点是正确的，根据表格数据规律，当h=16cm时，F=0，此时物体恰好漂浮，物体不会继续下沉，h不会大于16cm。【分析】〔1〕〔2〕阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积，液体密度越大，排开液体的体积越大，那么物体受到的浮力就越大；〔3〕浸在液体或气体中的物体会受到一个向上托力，这个托力就是浮力；浮力产生的原因是物体上下两个外表受到的压强不一样导致的，结合物体受到的浮力和上外表水的压力求解下外表的压力；〔4〕当物体漂浮时，浮力等于重力，拉力为零。四、作图题23.【解析】【分析】明确力的三要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小．24.【解析】【解答】假设左端空缺处是电压表，那么开关闭合后，电流流过R后，为了R与L串联，中间空缺处不能是电流表，那么只能是电压表，右边空缺处是电流表，这种情况下电压表并接在小灯L两端，测的是小灯L两端的电压，电流流过R后，会继续流过L，再流过电流表，回负极，R与L是串联的；这种元件符合摆放位置符合题意，答案如以下图所示。11/12n【分析】该题目考察的是电路图中常用的元件符号，平时注意记忆积累即可。25.【解析】【解答】滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数不变且不为零，滑动变阻器与灯泡并联，电流表测量通过灯泡的电流，如下图：【分析】电流表可以测量电路中的电流，应串联使用，与哪个用电器串联，就测量流过那个用电器的电流。五、计算题26.【解析】【分析】阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积。27.【解析】【分析】处在水平面上的物体，物体对桌面的压力等于重力，结合压强的定义式p=F/S求解物体产生的压强，其中F是压力，S是受力面积。28.【解析】【分析】〔1〕结合电流与电压值，利用功率该公式P=UI求解功率即可；〔2〕串联电路中，电流相等，各用电器两端的电压之和等于电源电压，结合电压和电流利用欧姆定律求解电阻即可；〔3〕电压一定时，电阻越大电流越小，电阻越小电流越大，利用欧姆定律求解电流，进而求解比值。29.【解析】【分析】〔1〕液体的体积和密度，利用密度公式求解物体的质量；〔2〕液体内部的压强，利用公式p＝ρgh求解液体的密度；结合压强公式求解压强的变化量，进而求解比值。12/12 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